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2019-2020年九年级(上)月考物理试卷(10月份)I
一、选择题1.下列工具在使用时属于费力杠杆的是( )A.铁皮剪刀B.理发剪刀C.树枝剪刀D.钢丝钳 2.工厂为了搬运一个笨重的机器进车间,某工人设计了如图所示的四种方案(机器下方的小圆表示并排放置的圆型钢管的截面),其中最省力的方案是( )A.B.C.D. 3.下列实例中,人对物体做功的是( )A.学生背着书包在水平路面上匀速前进B.人推车,车未动C.足球被踢后,在草地上滚动一段距离D.举重运动员将杠铃举起 4.林雨同学将一袋10kg的大米从地面扛到肩上所做的功最接近于( )A.1500JB.150JC.15JD.
1.5J 5.如图所示,小明分别用甲、乙两个滑轮把同一袋沙子从地面提到二楼,用甲滑轮所做的总功为W1,机械效率为η1;用乙滑轮所做的总功为W2,机械效率为η2.若不计绳重与摩擦,则( )A.W1=W2η1=η2B.W1=W2η1<η2C.W1<W2η1>η2D.W1>W2η1<η2 6.下面四幅图描述的情景中属于动能转化为重力势能的是( )A.小刚用弹弓上行变的橡皮条将“子弹”弹射出去B.小明脚踩滑板从高处滑下C.上海“明珠线”上的轻轨车无动力滑上站台D.子弹水平穿过苹果的瞬间 7.如图所示,用杠杆提升重物,设作用在A端的力F始终与杠杆垂直,则在将重物提到最高处的过程中,F的大小将( )A.逐渐变小B.保持不变C.先变小后变大D.先变大后变小 8.由比热的公式C=,判断下列哪种说法是正确的( )A.物质的比热容跟它的质量成反比B.物质的比热容跟它的热量成正比C.物质的比热容跟它的温度变化成反比D.比热是物质的特性之一,跟热量、质量、温度的变化等因素都无关 9.如图所示,是内燃机工作循环中的一个冲程,它是( )A.做功冲程,内能转化成机械能B.做功冲程,机械能转化成内能C.压缩冲程,化学能转化成内能D.压缩冲程,机械能转化成内能 10.“可燃冰”作为新型能源,有巨大的开发潜力.同等条件下,“可燃冰”完全燃烧放出的热量达到煤气的数十倍,这表示“可燃冰”的( )A.热量很大B.温度很高C.热值很大D.比热容很大 11.如图所示,一个物体沿粗糙的斜面匀速下滑,下滑过程中,下列判断正确的是( )A.物体的重力势能减小,动能增加B.物体的重力势能减小,机械能减小C.物体的动能转化为重力势能D.物体的重力势能转化为动能 12.下列关于温度、热量和内能的说法中正确的是( )A.物体的内能与温度有关,只要温度不变,物体的内能就一定不变B.做功和热传递都可以改变物体的内能C.物体的内能增加,一定是吸收了热量D.温度高的物体含有的热量一定比温度低的物体含有的热量多
二、填空题13.建筑工地上,工人用独轮车运送石块如图所示,石块与独轮车的总重为600N.重心在A点,则工人两手对车所施加向上的力F是 N;要想使F更小一些,你的建议是 . 14.一辆汽车不小心陷进了泥潭中,按如图所示的甲、乙两种方法安装滑轮,均可将汽车从泥潭中拉出.如果汽车的动力比阻力小800N,则甲图中人拉动汽车的拉力至少为 ,乙图中人拉动汽车的拉力至少为 ,其中比较省力的是 图.(绳与滑轮间的摩擦不计) 15.改变内能的方式有两种.在图(a)、(b)中,图(a)能说明的是 方式可以改变物体内能,图(b)能说明的是 方式可以改变物体内能. 16.小宇同学用定滑轮将重
0.5N的钩码在2秒内匀速拉起10cm,使用定滑轮的好处是 .小宇在使用该定滑轮将钩码匀速提起的过程中,弹簧测力计的示数是
0.6N,则在此过程中小宇所做的有用功为 J,该定滑轮的机械效率为 ,小宇在此过程中做功的功率为 W. 17.分别用两个相同的加热装置,同时给质量和温度都相同的A、B两种液体加热,它们温度随时间变化的图象如图所示,分析图象可知质量相同的A、B两种液体升高相同的温度, 液体吸收的热量多,你判断的依据是 . 18.正常人的心脏推动血液流动的功率约为
1.5W,表示的物理意义是 ;那么在100s内心脏做 J;如果g=10N/kg,这些功可把一个质量为60kg的人匀速举高 m. 19.2011年3月11日,日本仙台以东海域发生大地震并引发海啸.海浪具有巨大的 能,致使褔岛核电站冷却系统受损,反应堆温度升高.用海水冷却反应堆是因为水的 大,利用 方式来改变反应堆的内能. 20.如图所示是演示点火爆炸的实验装置,按动电火花发生器的按钮,点燃盒内酒精,盒盖被打出去.这是因为酒精燃烧产生的燃气对外 ,燃气的 能转化为盒盖的 能,这与四冲程汽油机的 冲程的能量转化相同. 21.你看见过杂技里的绷床表演吗?如图所示,演员从高处跳下落在绷床上,被弹起后再落下.演员在落下至接触绷床前的过程中,重力势能转化为 能;绷床反弹, 能转化为 能.
三、解答题(共50分)22.按题目要求作图
(1)请在图中画出动力臂和阻力臂.
(2)用线代表绳子,将两个滑轮连成省力的滑轮组,要求人用力往下拉绳使重物升起.
(3)画出使杠杆AB在如图所示位置静止时所用最小力F的作用点和方向. 23.如图所示,用500N的拉力,将重1200N的木箱匀速提升
1.5m,所用的时间为30s.
(1)拉力所做的有用功是多少?
(2)拉力的功率是多少?
(3)滑轮组的机械效率是多少? 24.用燃气灶烧水,燃烧
0.1kg的煤气,使10kg的水从20℃升高到70℃.已知水的比热容为
4.2×103J/(kg•℃),煤气的热值为
4.2×107J/kg.求
(1)
0.1kg煤气完全燃烧放出的热量.
(2)水吸收的热量.
(3)燃气灶烧水的效率. 25.小明和小丽在“探究杠杆的平衡条件”的实验中,先把杠杆的中点支在支架上.
(1)杠杆若停在如图1所示的位置,为了使杠杆在 位置平衡,可以调节右侧的平衡螺母,使它向 (填“左”或“右”)移动.
(2)小明在实验中使杠杆在如图2所示的位置平衡,他保持钩码的数量和位置不变,改变弹簧测力计的位置使其向右移动,则弹簧测力计的示数将 (填“变大”、“变小”或“不变”).
(3)某同学进行正确的实验操作后,得到的数据为F1=6N、L1=20cm、F2=4N和L2=30cm.该同学根据这些数据能否就得出探究结论? ,理由是 .
(4)小丽使杠杆在倾斜一定角度的位置如图丙做实验,也能得出杠杆平衡条件.这种实验方案与小明在如图2做实验的方案相比较,你认为哪一种实验方案好?图 (填“2”或“3”)的实验方案好,理由是 . 26.如图所示是某研究小组进行“研究动能的大小与哪些因素有关”的实验装置示意图.实验中采用的器材有斜面、金属球、木块、刻度尺等.
(1)实验中是通过观察 来比较金属球对木块做功的多少,从而判断钢球动能的大小;要研究物体的动能跟质量的关系,就要改变物体的质量,同时控制速度不变.具体办法是换用 ,并让它们从 沿斜面静止滑下.
(2)质量和速度谁对动能的影响较大呢?某物理兴趣小组借助速度传感器和其他仪器进一步得出了两组数据,如表一和表二所示表一(钢球撞击时的速度v=8cm/s)序号钢球质量(m/g)木块滑行距离(s/cm)110010220020330030表一(钢球质量m=100g)序号钢球撞击速度v/(cm•s﹣1)木块滑行距离(s/cm)18102164032490分析这两组数据可以得 对物体的动能影响较大,依据是 . 27.为了比较水和食用油的吸热能力,小明用两个相同的装置做了如图所示的实验,实验数据记录如下物质质量/g初始温度/℃加热时间/min最后温度/℃水6020645食用油6020668
(1)在安装、调整实验器材时,科学合理的顺序是(甲图中)先调整固定 的位置,再调整固定另一个的位置(选填“A”或“B”);
(2)为保证实验结论的可靠,关于实验时“应控制两套装置中相同的量”的说法中,不必要的是 A.食用油和水的质量相等B.两套装置中的烧杯相同C.两酒精灯的火焰大小相同D.两酒精灯内酒精的质量相等
(3)实验中食用油和水从20℃升温至45℃, (水/食用油)所需时间较长, (水/食用油)吸收的热量较多,由此可见, (水/食用油)吸热能力较强.
(4)实验中,加热相同的时间,水吸收的热量 (大于/小于/等于)食用油吸收的热量, (水/食用油)升高的温度较多, (水/食用油)吸热能力较强. 28.某实验小组的同学用如图(甲)所示的器材,探究影响滑轮组机械效率的因素.
(1)要提起图(甲)中的重物,请完成滑轮组的绕线(要求拉力最省).
(2)该实验小组的同学将图(甲)中的物体换成钩码,采用图(乙)所示的绕线方法,测得滑轮组的机械效率如下表所示.实验次数钩码重量G/N钩码上升高度h/m拉力F/N拉力F通过距离s/m机械效率η/%
10.
500.
200.
420.
406021.
000.
200.
760.
4031.
500.
201.
050.
407142.
000.
201.
380.
407252.
500.
201.
680.4074第二次实验,滑轮组的机械效率η2= %(计算结果保留整数位).
(3)请根据上表中的数据,在如图的坐标中用光滑曲线画出η与G的关系图.
(4)根据以上信息,可以得出随着提升物重的增加,滑轮组的机械效率 (选填“增大”、“减小”或“不变”).
(5)本次实验中,除物重外,影响该滑轮组机械效率的主要因素还有
① 、
② .
(6)在某一次测量中,将图(乙)中F的方向改为图(丙)所示,其它条件不变,滑轮组的机械效率 改变.(选填“会”或“不会”) 29.阅读短文,回答问题.地球同步卫星地球同步卫星是指位于赤道上空一定高度上与地球保持相对静止的卫星,它与地球转动同步,故称地球同步卫星.人造地球同步卫星发射过程可简化为点火加速上升(如图甲所示)、离开大气层后关闭发动机自由上升和调整姿态三个阶段.地球同步卫星常用于通讯、气象、广播电视、导弹预警、数据中继等方面,以实现对同一地区的连续工作.在赤道上空约为36000km的高度上布设3颗同步卫星,可实现除两极外的全球通讯(如图乙所示).
(1)地球同步卫星发射过程的点火加速上升阶段中能量转化是燃料的 能转化为 能,然后再转化为卫星的 能.
(2)地球同步卫星在轨道运行时相对于地面是 (选填“运动”或“静止”)的.
(3)地球同步卫星的用途有 (答出一种即可). xx学年江苏省泰州市靖江市靖城中学九年级(上)月考物理试卷(10月份)参考答案与试题解析
一、选择题1.下列工具在使用时属于费力杠杆的是( )A.铁皮剪刀B.理发剪刀C.树枝剪刀D.钢丝钳【考点】杠杆的分类.【专题】简单机械.【分析】本题主要考查对杠杆分类方法的了解与记忆动力臂大于阻力臂的杠杆为省力杠杆;动力臂小于阻力臂的杠杆为费力杠杆;动力臂等于阻力臂的杠杆为等臂杠杆.【解答】解A、剪铁皮的剪刀在使用时,动力臂大于阻力臂,是省力杠杆;B、理发剪刀在使用时,动力臂小于阻力臂,是费力杠杆;C、树枝剪刀在使用时,动力臂大于阻力臂,是省力杠杆;D、钢丝钳在使用时,动力臂大于阻力臂,是省力杠杆.故选B.【点评】本题的解题关键是回忆生活经验,先判断各种杠杆的动力臂和阻力臂的大小关系,再判断它是属于哪种类型的杠杆. 2.工厂为了搬运一个笨重的机器进车间,某工人设计了如图所示的四种方案(机器下方的小圆表示并排放置的圆型钢管的截面),其中最省力的方案是( )A.B.C.D.【考点】动滑轮及其工作特点;摩擦力大小的影响因素.【专题】重力、弹力、摩擦力;简单机械.【分析】克服的阻力是物体与地面之间的摩擦力,同时也使用到了简单机械﹣﹣滑轮.因此省力的情况要从两个方面考虑
①减小物体与地面之间的摩擦力;
②使用的机械的省力情况.【解答】解A、是直接用绳子拉动物体,物体与地面间的摩擦力为滑动摩擦力;B、不但利用了动滑轮来拉动物体,下面还并排放置的圆形钢管是变滑动为滚动减小了摩擦力,最省力;C、利用了定滑轮来拉动物体,但下面并排放置的圆形钢管是变滑动为滚动减小了摩擦力,较省力;D、通过下面并排放置的圆形钢管是变滑动为滚动减小了摩擦力,较省力.故选B.【点评】在此题中,克服的阻力是物体与地面之间的摩擦力.同时也使用到了简单机械滑轮.因此省力的情况要从两个方面考虑
①减小物体与地面之间的摩擦力;
②使用的机械最省力.在三种都省力的方案中,要选择效果最好的,这就要求考虑问题要全面. 3.下列实例中,人对物体做功的是( )A.学生背着书包在水平路面上匀速前进B.人推车,车未动C.足球被踢后,在草地上滚动一段距离D.举重运动员将杠铃举起【考点】力是否做功的判断.【专题】功、功率、机械效率.【分析】做功的两个必要因素作用在物体上的力;物体在力的方向上通过的距离;二者缺一不可.【解答】解A、学生背着书包在水平路面上匀速前进,有力存在但力的方向上无移动的距离.不符合做功的两个必要因素,故A错误;B、人推车,车未动,有力无距离.人用的力不符合做功的两个必要因素,故B错误;C、人足球被踢后,由于惯性在草地上滚动一段距离,此时人没有力作用在足球上,所以人没有对足球做功,不符合做功的两个必要因素,故C错误;D、将杠铃举起,有力有距离,并且力和距离相互对应,所以符合题意.故D正确.故选D.【点评】本题考查了力是否做功的判断方法. 4.林雨同学将一袋10kg的大米从地面扛到肩上所做的功最接近于( )A.1500JB.150JC.15JD.
1.5J【考点】功的计算;长度的估测.【专题】应用题;压轴题;估算题;估算法.【分析】已知大米的质量,根据公式G=mg可求重力,估测把大米从地面扛到肩上时,会将大米举高的高度,即人的身高;然后根据公式W=Gh可求做的功.【解答】解已知大米的质量为10kg,∴大米的重力G=mg=10kg×10N/kg=100N;把大米从地面扛到肩上,即人身高
1.7m,则将大米举高的高度约
1.5m;则做的功W=Gh=100N×
1.5m=150J.故选B.【点评】本题主要考查
(1)对人的身高的估测能力;
(2)对机械功的计算能力. 5.如图所示,小明分别用甲、乙两个滑轮把同一袋沙子从地面提到二楼,用甲滑轮所做的总功为W1,机械效率为η1;用乙滑轮所做的总功为W2,机械效率为η2.若不计绳重与摩擦,则( )A.W1=W2η1=η2B.W1=W2η1<η2C.W1<W2η1>η2D.W1>W2η1<η2【考点】功的大小比较;机械效率的大小比较.【专题】功、功率、机械效率.【分析】由图可知甲是定滑轮,乙是动滑轮,利用乙滑轮做的额外功多,由“小明分别用甲、乙两滑轮把同一袋沙子从地面提到二楼”可知两种情况的有用功,再根据总功等于有用功加上额外功,可以比较出两种情况的总功大小.然后利用η=比较出二者机械效率的大小.【解答】解
(1)因为小明分别用甲、乙两滑轮把同一袋沙从地面提到二楼,所以两种情况的有用功相同;
(2)当有用功一定时,乙中所做的总功为对一袋沙所做的功,利用机械时做的额外功越少,则总功就越少,机械效率就越高;又因为甲是动滑轮,甲中所做的总功还要加上对动滑轮所做的功,利用甲滑轮做的额外功多,则总功越多,机械效率越低.即W1>W2,η1<η2.故选D.【点评】此题主要考查功的计算和机械效率的大小比较这一知识点,比较简单,主要是学生明确哪些是有用功,额外功,总功,然后才能正确比较出两种情况下机械效率的大小. 6.下面四幅图描述的情景中属于动能转化为重力势能的是( )A.小刚用弹弓上行变的橡皮条将“子弹”弹射出去B.小明脚踩滑板从高处滑下C.上海“明珠线”上的轻轨车无动力滑上站台D.子弹水平穿过苹果的瞬间【考点】动能和势能的转化与守恒.【专题】应用题.【分析】动能转化为重力势能的,必然是动能是逐渐减少的,重力势能是逐渐增加的.动能的变化一般都体现在速度的变化上,重力势能的变化一般都体现在高度的变化上.【解答】解A、橡皮条射“子弹”的过程中时橡皮条弹性形变的程度变小,弹性势能变小;子弹由静止变为运动,动能增大.即是弹性势能转化为动能的过程,故该选项错误.B、小明踩滑板从高处滑下高度减小,重力势能减小;速度增大,动能增大.重力势能转化为动能,故该选项错误.C、列车无动力滑上站台速度减小,动能减小;高度增大,重力势能增大.动能转化为重力势能,故该选项正确.D、子弹水平穿过速度减小,动能减小;克服空气阻力做功,内能增加.即动能转化为内能,故该选项错误.故选C.【点评】对于判断能量转化的题目,我们可以从影响能量大小的因素来分析能量的变化,找到能量转化的方向. 7.如图所示,用杠杆提升重物,设作用在A端的力F始终与杠杆垂直,则在将重物提到最高处的过程中,F的大小将( )A.逐渐变小B.保持不变C.先变小后变大D.先变大后变小【考点】杠杆的动态平衡分析.【专题】简单机械.【分析】此过程中,重力不变;F始终垂直于杠杆,动力臂不变,由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可得,动力随阻力臂的变化而变化.【解答】解由题知,当慢慢提升重物时,重力(阻力)不变,阻力臂增大(水平时最大),动力臂不变;即G不变、L1不变,L2先增大后减小∵FL1=GL2∴力F先变大后变小.故选D.【点评】本题考查杠杆的平衡条件,关键是找出动力臂、阻力臂和阻力的大小变化,从而判断出动力的大小变化. 8.由比热的公式C=,判断下列哪种说法是正确的( )A.物质的比热容跟它的质量成反比B.物质的比热容跟它的热量成正比C.物质的比热容跟它的温度变化成反比D.比热是物质的特性之一,跟热量、质量、温度的变化等因素都无关【考点】比热容的概念.【专题】应用题;定性思想.【分析】单位体积某种物质,温度升高1℃所吸收的热量叫做这种物质的比热容.【解答】解比热的公式C=是由热量的计算公式Q=cm(t﹣t0)变形而来;比热容是物质的一种属性,每种物质都有自己的比热容,比热容的大小与物体质量的大小、温度高低、吸收或放出热量的多少均无关.故选D.【点评】此题考查的是我们对于比热容的理解,我们要知道比热容只与物质的种类和状态有关,与其它因素无关. 9.如图所示,是内燃机工作循环中的一个冲程,它是( )A.做功冲程,内能转化成机械能B.做功冲程,机械能转化成内能C.压缩冲程,化学能转化成内能D.压缩冲程,机械能转化成内能【考点】内燃机的四个冲程.【专题】应用题.【分析】解决此题要结合内燃机的做功冲程特点和原理进行分析解答,知道做功冲程中的能量转化.【解答】解图中的气门关闭,活塞下行,并且电火花打火,这是做功冲程的特点;在做功冲程中,能量转化关系是气体的内能转化为机械能;故选A.【点评】此题是结合内燃机的冲程图分析内燃机冲程的特点,要会根据电火花是否打火判断是不是做功冲程. 10.“可燃冰”作为新型能源,有巨大的开发潜力.同等条件下,“可燃冰”完全燃烧放出的热量达到煤气的数十倍,这表示“可燃冰”的( )A.热量很大B.温度很高C.热值很大D.比热容很大【考点】燃料的热值.【专题】比热容、热机、热值.【分析】利用下列概念分析判断
(1)1kg某种燃料完全燃烧放出的热量,叫做这种燃料的热值;
(2)热量指在热传递的过程中,传递内能的多少,热量是一个过程量;
(3)1kg的某种物质温度升高或降低1℃,吸收或放出的热量叫这种物质的比热容;
(4)物体的冷热程度叫温度.【解答】解同等条件下,“可燃冰”完全燃烧放出的热量达到煤气的数十倍,说明“可燃冰”的热值大于煤气的热值,即“可燃冰”的热值很大.故选C.【点评】深入理解温度、热量、比热容、热值的概念,是解答此题的关键. 11.如图所示,一个物体沿粗糙的斜面匀速下滑,下滑过程中,下列判断正确的是( )A.物体的重力势能减小,动能增加B.物体的重力势能减小,机械能减小C.物体的动能转化为重力势能D.物体的重力势能转化为动能【考点】动能和势能的转化与守恒.【专题】机械能及其转化.【分析】
(1)影响动能大小的因素质量和速度,质量越大,速度越大,动能越大.
(2)影响重力势能大小的因素质量和高度,质量越大,高度越高,重力势能越大.
(3)机械能是动能和重力势能的和,在物体运动的过程中,克服摩擦做功,机械能转化为内能,所以机械能守恒减小.【解答】解物体在粗糙的斜面匀速下滑的过程中,质量不变,高度降低,重力势能减小;质量不变,速度不变,动能不变;下滑过程中克服摩擦做功,机械能转化为内能,机械能减小;故选项ACD错误,选项B正确.故选B.【点评】掌握影响动能、重力势能、弹性势能大小的因素.会判断动能、重力势能、弹性势能、机械能的大小变化以及能量的相互转化. 12.下列关于温度、热量和内能的说法中正确的是( )A.物体的内能与温度有关,只要温度不变,物体的内能就一定不变B.做功和热传递都可以改变物体的内能C.物体的内能增加,一定是吸收了热量D.温度高的物体含有的热量一定比温度低的物体含有的热量多【考点】温度、热量与内能的关系.【专题】分子热运动、内能.【分析】
(1)一切物体都具有内能,内能的大小跟质量、温度、状态有关.
(2)改变物体内能的两种方式做功和热传递;
(3)热量是过程量,就是说,热量只存在于热传递中,只能说吸收或放出热量,不能说含有或者具有热量.【解答】解A、内能的多少与物体的质量、温度、状态有关,单比较物体的温度不能判断内能的大小,冰熔化时,温度不变,但内能增加,故A错误;B、做功和热传递都可以改变物体的内能,故B正确;C、做功和热传递都可以改变物体的内能,因此物体的内能增加,可能是吸收了热量,也可能是外界物体对它做功,故C错误;D、热量是一过程量,描述它的术语是“吸收”和“放出”,不能用含有,故D错误.故选B.【点评】要正确理解温度、热量与内能的关系,改变物体内能的两种方法是等效的,以及热传递的条件和热传递的特点.解决问题的诀窍是物体吸热或温度升高,内能一定增大;但物体吸收了热量,不一定是用来升高温度.
二、填空题13.建筑工地上,工人用独轮车运送石块如图所示,石块与独轮车的总重为600N.重心在A点,则工人两手对车所施加向上的力F是 240 N;要想使F更小一些,你的建议是 两手向车把末端移动 .【考点】杠杆的平衡条件.【专题】应用题;简答题.【分析】
(1)知道阻力、阻力臂、动力臂,利用杠杆的平衡条件,求动力大小;
(2)由可知,G不变,省力的方法
①阻力臂不变,增大动力臂;
②动力臂不变,减小阻力臂;
③增大动力臂的同时,减小阻力臂.【解答】解
(1)∵FL1=GL2,即F×1m=600N×
0.4m,∴F=240N;
(2)要省力,建议当阻力和阻力臂不变时,增大动力臂,即两手向车把末端移动.故答案为240,两手向车把末端移动.【点评】本题考查了杠杆平衡条件的利用,包括计算和分析什么时候最省力,与实际生活相联系,学了会用! 14.一辆汽车不小心陷进了泥潭中,按如图所示的甲、乙两种方法安装滑轮,均可将汽车从泥潭中拉出.如果汽车的动力比阻力小800N,则甲图中人拉动汽车的拉力至少为 800N ,乙图中人拉动汽车的拉力至少为 400N ,其中比较省力的是 乙 图.(绳与滑轮间的摩擦不计)【考点】动滑轮及其工作特点;定滑轮及其工作特点.【专题】应用题;压轴题.【分析】汽车的动力比阻力小800N,就是说对汽车增加的力至少是800N,使用一个动滑轮可以省一半的力,使用定滑轮只能改变力的方向,不能省力.【解答】解由题知,对汽车增加的力至少是800N,甲图滑轮为定滑轮,则F=f=800N;乙图滑轮为动滑轮,F′==400N,比较省力的是乙图.故答案800N;400N;乙.【点评】定滑轮实际为一等臂杠杆,而动滑轮实际为一动力臂为阻力臂2倍的省力杠杆. 15.改变内能的方式有两种.在图(a)、(b)中,图(a)能说明的是 热传递 方式可以改变物体内能,图(b)能说明的是 做功 方式可以改变物体内能.【考点】做功改变物体内能;热传递改变物体内能.【专题】简答题.【分析】改变物体内能有两种方式做功和热传递.做功主要有摩擦生热和压缩气体做功,做功实质是能量的转化,热传递实质是内能从一个物体转移到另一个物体,或者是从一个物体的高温部分传到低温部分,有传导、对流和辐射三种式.【解答】解图a烘手时手变暖是利用的热传递,手吸收热量,内能增加、温度升高;图b锯木条时锯条发烫,是克服摩擦做功,使锯条的内能增加、温度升高.故答案为热传递,做功.【点评】把改变物体内能的方法与实际的物理情景两者结合起来,是解决此题的关键. 16.小宇同学用定滑轮将重
0.5N的钩码在2秒内匀速拉起10cm,使用定滑轮的好处是 改变力的方向 .小宇在使用该定滑轮将钩码匀速提起的过程中,弹簧测力计的示数是
0.6N,则在此过程中小宇所做的有用功为
0.05 J,该定滑轮的机械效率为
83.3% ,小宇在此过程中做功的功率为
0.03 W.【考点】有用功和额外功;滑轮(组)的机械效率;功率的计算.【专题】功、功率、机械效率.【分析】定滑轮的实质是等臂杠杆,所以不能省力,但可以改变力的方向;根据W有=Gh计算有用功,利用公式效率公式求出机械效率;利用W=Fs求出总功,利用P=计算功率.【解答】解用如图所示的定滑轮匀速提升G=
0.5N的重物,小宇向下用力,拉力为
0.6N,重物向上运动,说明使用定滑轮不能省力,能改变力的方向;有用功W有=Gh=
0.5N×
0.1m=
0.05J;s=h=
0.1m,所以定滑轮的效率η=×100%=×100%=×100%=×100%≈
83.3%;做功的功率P====
0.03W.故答案为改变力的方向;
0.05;
83.3%;
0.03【点评】此题考查的是定滑轮的优缺点和有关机械效率的计算.需要掌握定滑轮的本质和机械效率的变形公式. 17.分别用两个相同的加热装置,同时给质量和温度都相同的A、B两种液体加热,它们温度随时间变化的图象如图所示,分析图象可知质量相同的A、B两种液体升高相同的温度, B 液体吸收的热量多,你判断的依据是 加热时间长 .【考点】比热容的概念.【专题】比热容、热机、热值.【分析】两种液体质量相同、初温相同,升高相同温度,比较用时越长的吸收热量越多.【解答】解因使用的是相同的加热装置,所以在相同时间内放出的热量相同;因为两种液体质量相等,初温相同,升高相同的温度,A液体用时短,A液体吸收热量少,B液体用时长,B液体吸收热量多.故答案为B;加热时间长.【点评】在质量相同时,通过物体升高相同的温度,看谁需要的时间长,谁吸收热量多. 18.正常人的心脏推动血液流动的功率约为
1.5W,表示的物理意义是 心脏每秒可以做功
1.5J ;那么在100s内心脏做 150 J;如果g=10N/kg,这些功可把一个质量为60kg的人匀速举高
0.25 m.【考点】功率的概念;功的计算;功的计算公式的应用.【专题】计算题;功、功率、机械效率.【分析】功率是表示物体做功快慢的物理量,它的单位是瓦特,简称瓦.利用W=Pt即可求出所做的功,先利用G=mg计算出物重,然后用W=Gh计算出物体被升高了多少.【解答】解正常人的心脏推动血液流动的功率约为
1.5W的物理意义,是指人的心脏每秒可以做功
1.5J.在100s内心脏做功为W=Pt=
1.5W×100s=150J;人所受重力G=mg=60kg×10N/kg=600N;由W=Fs=Gh得;把人举高的高度h===
0.25m故答案为心脏每秒可以做功
1.5J;150;
0.25.【点评】本题考查了学生对重力公式、功的公式的掌握和运用,要灵活选用公式. 19.2011年3月11日,日本仙台以东海域发生大地震并引发海啸.海浪具有巨大的 机械 能,致使褔岛核电站冷却系统受损,反应堆温度升高.用海水冷却反应堆是因为水的 比热容 大,利用 热传递 方式来改变反应堆的内能.【考点】势能的影响因素;物体内能的改变;水的比热容的特点及应用.【专题】比热容、热机、热值;机械能及其转化.【分析】
(1)机械能包括动能和势能;动能的大小与质量和速度有关;重力势能大小与质量和高度有关;
(2)水的比热容大,在相同情况下,吸收热量其温度变化较小.
(3)改变物体内能的方法有做功和热传递,做功的实质是能量的转化,热传递的实质是内能的转移;发生热传递时,低温物体从高温物体吸热.【解答】解
(1)引发海啸时海浪非常的汹涌,具有动能;且能掀起巨浪,具有重力势能;故海浪具有巨大机械能;
(2)水的比热容大,在相同情况下,温度变化相同时,吸收的热量较多,故用海水冷却反应堆;
(3)用海水改变物体内能冷却反应堆是让温度低的海水向温度高的反应堆吸热;即利用热传递的方式改变反应堆的内能;故答案为
(1)机械;
(2)比热容;
(3)热传递.【点评】理解机械能的概念、水的比热容的特点以及改变内能的方法,并联系实际现象,可做出解答. 20.如图所示是演示点火爆炸的实验装置,按动电火花发生器的按钮,点燃盒内酒精,盒盖被打出去.这是因为酒精燃烧产生的燃气对外 做功 ,燃气的 内 能转化为盒盖的 机械 能,这与四冲程汽油机的 做功 冲程的能量转化相同.【考点】做功改变物体内能.【专题】分子热运动、内能.【分析】
(1)物体对外做功,将物体的内能转化为其它形式的能,物体的内能减小,温度降低;
(2)热机中的做功冲程就是利用内能来做功的冲程,将内能转化为机械能.【解答】解当按动电火花发生器的按钮时,酒精燃烧后的燃气对盒盖做功,将燃气的内能转化为盒盖的机械能,燃气的内能减小;四冲程热机中的做功冲程就是利用内能来做功的冲程,将内能转化为机械能.故答案为做功;内;机械;做功.【点评】本题主要考查的是学生对做功改变物体内能和热机做功冲程的认识和了解,基础性题目. 21.你看见过杂技里的绷床表演吗?如图所示,演员从高处跳下落在绷床上,被弹起后再落下.演员在落下至接触绷床前的过程中,重力势能转化为 动 能;绷床反弹, 弹性势 能转化为 动 能.【考点】动能和势能的转化与守恒.【专题】机械能及其转化.【分析】
(1)影响动能大小的因素质量、速度.质量越大,速度越大,动能越大;
(2)影响重力势能大小的因素质量、被举的高度.质量越大,高度越大,重力势能就越大;
(3)影响弹性势能大小的因素弹性形变程度.弹性形变程度越大,弹性势能就越大.【解答】解演员在落下至接触绷床前的过程中,重力势能转化为动能;绷床反弹,弹性势能转化为动能.故答案为动;弹性势;动.【点评】本题考查了动能、重力势能和弹性势能的概念及影响其大小的因素,属于基本内容.在判断动能、重力势能、弹性势能的大小时,要注意看影响它们大小的因素怎么变化.
三、解答题(共50分)22.按题目要求作图
(1)请在图中画出动力臂和阻力臂.
(2)用线代表绳子,将两个滑轮连成省力的滑轮组,要求人用力往下拉绳使重物升起.
(3)画出使杠杆AB在如图所示位置静止时所用最小力F的作用点和方向.【考点】力臂的画法;滑轮组的设计与组装;杠杆中最小力的问题.【专题】简单机械.【分析】
(1)分别延长动力作用线和阻力作用线,然后根据力臂的画法,过支点作动力作用线和阻力作用线的垂线段.
(2)人用力往下拉绳使重物升起,因此人的动力方向向下,重物运动方向向上,故由两根绳子承担物重,绳子固定在定滑轮上.
(3)使用杠杆时,若阻力和阻力臂一定时,动力臂越长,越省力;因此解答此题,只需找出使动力臂最大的动力作用点,然后作动力臂的垂线即可.【解答】解
(1)反向延长动力作用线,过支点O作动力作用线F1的垂线段L1;反向延长阻力作用线,过支点O作阻力作用线F2的垂线段L2.如图所示
(2)人用力往下拉绳使重物升起,说明最后绕过的是定滑轮,按此反向绕线,绳子的起始端系在定滑轮上,如下图所示
(3)在B点用力,用力方向与0B垂直,这样动力臂最长(等于OB),最省力.如图所示.【点评】
(1)力臂的画法
①首先根据杠杆的示意图,确定杠杆的支点.
②确定力的作用点和力的方向,画出力的作用线.
③从支点向力的作用线作垂线,支点到垂足的距离就是力臂.
(2)用绳子连接滑轮组时,可以从定滑轮的下端挂钩绕滑轮引线,也可以从动滑轮的上端挂勾绕滑轮引线,找出符合题意的即可.也可以采用逆绕法连线,人用力往下拉绳使重物升起,可以从人的手向上绕定滑轮引线、连接即可.
(3)过动力作用点做出与动力臂垂直的直线;此题中,易出现的错误是以A为动力作用点,但实际上这样得到的动力臂不是最长的,因此解题时一定不要被惯性思维所误导. 23.如图所示,用500N的拉力,将重1200N的木箱匀速提升
1.5m,所用的时间为30s.
(1)拉力所做的有用功是多少?
(2)拉力的功率是多少?
(3)滑轮组的机械效率是多少?【考点】有用功和额外功;滑轮(组)的机械效率;功率的计算.【专题】功、功率、机械效率.【分析】
(1)已知木箱的重力和升高的高度,则由功的公式即可求得有用功;
(2)由滑轮组的特点可求出拉力的距离,由拉力的距离和拉力大小可求得人所做的总功,由功率公式可求得功率;
(3)由有用功和总功,利用机械效率公式可求得机械效率.【解答】解
(1)工人做的有用功W有=Gh=1200N×
1.5m=1800J;
(2)由滑轮组可知,拉力移动的距离s=3h=3×
1.5m=
4.5m,则人做的总功W总=Fs=500N×
4.5m=2250J;则工人做功的功率P===75W;
(3)机械效率η=×100%=×100%=80%.答
(1)工人做的有用功为1800J;
(2)工人做功的功率为75W;
(3)滑轮组的机械效率为80%.【点评】本题考查有用功、总功及机械效率的计算,应清楚各功的计算. 24.用燃气灶烧水,燃烧
0.1kg的煤气,使10kg的水从20℃升高到70℃.已知水的比热容为
4.2×103J/(kg•℃),煤气的热值为
4.2×107J/kg.求
(1)
0.1kg煤气完全燃烧放出的热量.
(2)水吸收的热量.
(3)燃气灶烧水的效率.【考点】热平衡方程的应用.【专题】比热容、热机、热值.【分析】
(1)知道煤气的质量和煤气的热值,利用Q放=mq计算煤气完全燃烧放出的热量;
(2)知道水的质量、水的比热容和水的初温和末温,利用吸热公式求水吸收的热量;
(3)水吸收的热量是有用的能量,煤气完全燃烧放出的热量为总能量,利用效率公式求燃气灶烧水的效率.【解答】解
(1)
0.1kg煤气完全燃烧放出的热量Q放=mq=
0.1kg×
4.2×107J/kg=
4.2×106J;
(2)水吸收的热量Q吸=cm△t=
4.2×103J/(kg•℃)×10kg×(70℃﹣20℃)=
2.1×106J;
(3)燃气灶烧水的效率η=×100%=×100%=50%.答
(1)
0.1kg煤气完全燃烧放出的热量为
4.2×106J;
(2)水吸收的热量为
2.1×106J;
(3)燃气灶烧水的效率为50%.【点评】本题考查了学生对吸热公式、燃料燃烧放热公式、效率公式的掌握和运用,因条件已给出,难度不大. 25.小明和小丽在“探究杠杆的平衡条件”的实验中,先把杠杆的中点支在支架上.
(1)杠杆若停在如图1所示的位置,为了使杠杆在 水平 位置平衡,可以调节右侧的平衡螺母,使它向 右 (填“左”或“右”)移动.
(2)小明在实验中使杠杆在如图2所示的位置平衡,他保持钩码的数量和位置不变,改变弹簧测力计的位置使其向右移动,则弹簧测力计的示数将 变小 (填“变大”、“变小”或“不变”).
(3)某同学进行正确的实验操作后,得到的数据为F1=6N、L1=20cm、F2=4N和L2=30cm.该同学根据这些数据能否就得出探究结论? 不能 ,理由是 实验次数太少,不能得出普遍性规律 .
(4)小丽使杠杆在倾斜一定角度的位置如图丙做实验,也能得出杠杆平衡条件.这种实验方案与小明在如图2做实验的方案相比较,你认为哪一种实验方案好?图 2 (填“2”或“3”)的实验方案好,理由是 力臂在杠杆上,便于测量力臂的大小,同时消除杠杆重对杠杆平衡的影响 .【考点】探究杠杆的平衡条件实验.【专题】探究型实验综合题.【分析】
(1)杠杆两端的平衡螺母向上翘的一端移动,使杠杆在水平位置平衡.
(2)阻力不变,阻力臂不变,动力臂变大,根据杠杆平衡条件判断动力大小的变化.
(3)初中物理用实验探究物理问题时要进行多次实验,有的是为了多次测量求平均值来减小误差;有的是多次测量发现变化规律;有的是为了使实验结论具有普遍性.
(4)探究杠杆平衡条件时,使杠杆在水平位置平衡,力臂在杠杆上,便于测量力臂大小,同时消除杠杆重对杠杆平衡的影响.【解答】解
(1)如图1所示,杠杆的右端上翘,左端的平衡螺母或右端的平衡螺母都向上翘的右端移动,才能使杠杆在水平位置平衡;
(2)保持钩码的数量和位置不变,阻力不变,阻力臂不变,弹簧测力计的位置使其向右移动,动力臂增大,根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2得,动力减小,所以弹簧测力计示数变小;
(3)只有一次实验数据,总结实验规律,规律很具有偶然性,所以根据这些数据不能总结规律.
(4)杠杆在图2中的水平位置平衡,力臂在杠杆上,便于测量力臂大小,同时消除杠杆重对杠杆平衡的影响.否则使实验复杂化.故答案为
(1)水平;右;
(2)变小;
(3)不能;实验次数太少,不能得出普遍性规律;
(4)2;力臂在杠杆上,便于测量力臂的大小,同时消除杠杆重对杠杆平衡的影响.【点评】本题考查杠杆平衡条件的实验内容比较多,综合性比较强,掌握了本题,几乎掌握了此处的知识点. 26.如图所示是某研究小组进行“研究动能的大小与哪些因素有关”的实验装置示意图.实验中采用的器材有斜面、金属球、木块、刻度尺等.
(1)实验中是通过观察 木块移动的距离 来比较金属球对木块做功的多少,从而判断钢球动能的大小;要研究物体的动能跟质量的关系,就要改变物体的质量,同时控制速度不变.具体办法是换用 质量不同的金属球 ,并让它们从 同一高度 沿斜面静止滑下.
(2)质量和速度谁对动能的影响较大呢?某物理兴趣小组借助速度传感器和其他仪器进一步得出了两组数据,如表一和表二所示表一(钢球撞击时的速度v=8cm/s)序号钢球质量(m/g)木块滑行距离(s/cm)110010220020330030表一(钢球质量m=100g)序号钢球撞击速度v/(cm•s﹣1)木块滑行距离(s/cm)18102164032490分析这两组数据可以得 速度 对物体的动能影响较大,依据是 表一中速度一定时,质量增大到原来的2倍、3倍,动能增大到原来的2倍、3倍;表二中质量一定时,速度增大到原来的2倍、3倍,动能增大到原来的4倍、9倍.可见速度对动能影响比较大 .【考点】探究影响物体动能大小的因素.【专题】探究型实验综合题.【分析】
①动能大小的影响因素质量和速度,质量越大,速度越大,动能越大.
②不同质量的物体从同一高度下滑时,下滑到水平面的速度相同.【解答】解
(1)实验中是通过观察木块被推动移动的距离长短,比较金属球对木块做功的多少,从而判断钢球动能的大小;要研究物体的动能跟质量的关系,采用控制变量法,就要改变物体的质量,同时控制速度不变,不同质量的物体从同一高度下滑时,下滑到水平面的速度相同.实验时,采用不同质量的金属球从同一高度下滑.
(2)表一中速度一定时,质量增大到原来的2倍、3倍,动能增大到原来的2倍、3倍,即动能与质量成正比.表二中质量一定时,速度增大到原来的2倍、3倍,动能增大到原来的4倍、9倍,即动能与速度的平方成正比,由此可见速度对动能影响比较大.故答案为
(1)木块移动的距离;质量不同的金属球;同一高度;
(2)速度;表一中速度一定时,质量增大到原来的2倍、3倍,动能增大到原来的2倍、3倍;表二中质量一定时,速度增大到原来的2倍、3倍,动能增大到原来的4倍、9倍.可见速度对动能影响比较大.【点评】
(1)掌握用控制变量法和转换法研究动能大小的影响因素.
(2)掌握动能大小的影响因素.
(3)学会利用实验数据分析实验结论. 27.为了比较水和食用油的吸热能力,小明用两个相同的装置做了如图所示的实验,实验数据记录如下物质质量/g初始温度/℃加热时间/min最后温度/℃水6020645食用油6020668
(1)在安装、调整实验器材时,科学合理的顺序是(甲图中)先调整固定 B 的位置,再调整固定另一个的位置(选填“A”或“B”);
(2)为保证实验结论的可靠,关于实验时“应控制两套装置中相同的量”的说法中,不必要的是 D A.食用油和水的质量相等B.两套装置中的烧杯相同C.两酒精灯的火焰大小相同D.两酒精灯内酒精的质量相等
(3)实验中食用油和水从20℃升温至45℃, 水 (水/食用油)所需时间较长, 水 (水/食用油)吸收的热量较多,由此可见, 水 (水/食用油)吸热能力较强.
(4)实验中,加热相同的时间,水吸收的热量 等于 (大于/小于/等于)食用油吸收的热量, 食用油 (水/食用油)升高的温度较多, 水 (水/食用油)吸热能力较强.【考点】探究比热容的实验.【专题】探究型实验综合题.【分析】
(1)为了保证用酒精灯外焰给烧烧杯加热,同时为了保证温度计能完全浸在水中,且不能碰到容器壁,应先固定下边装置,再固定上边;
(2)探究两种液体的吸热能力时,需要控制水的质量和水的初温相同,并且酒精灯的火焰大小也要相同;
(3)升高相同的温度,比热容越大,吸收热量越多,加热时间越长;
(4)加热时间相同,吸热相同,比热容小的温度变化较大.【解答】解
(1)在安装、调整如图(甲)的实验器材时,应先固定B,再调整固定A,因为底部的距离应是固定的,而上部可以根据下部的情况进行灵活调节;
(2)为保证实验结论的可靠,实验时应控制两套装置中相同的量有酒精灯中火焰的大小、水和食用油(ρ水>ρ食用油)的质量和初温度、烧杯等,酒精灯中的酒精多少不一定相同,D错误;
(3)食用油和水从20℃升温至45℃,水所需时间较长,说明水吸收的热量较多,由此可见,水吸热能力较强.
(4)加热相同的时间,水吸收的热量等于食用油吸收的热量,食用油升高的温度较多,说明水吸热能力较强.故答案为
(1)B;
(2)D;
(3)水;水;水;
(4)等于;食用油;水.【点评】本题考查的是比较物质吸热能力的方法,考查了学生对试验的操作能力,以及对于实验数据的分析能力,实验中常常采用控制变量法,要学会熟练运用. 28.某实验小组的同学用如图(甲)所示的器材,探究影响滑轮组机械效率的因素.
(1)要提起图(甲)中的重物,请完成滑轮组的绕线(要求拉力最省).
(2)该实验小组的同学将图(甲)中的物体换成钩码,采用图(乙)所示的绕线方法,测得滑轮组的机械效率如下表所示.实验次数钩码重量G/N钩码上升高度h/m拉力F/N拉力F通过距离s/m机械效率η/%
10.
500.
200.
420.
406021.
000.
200.
760.
4031.
500.
201.
050.
407142.
000.
201.
380.
407252.
500.
201.
680.4074第二次实验,滑轮组的机械效率η2= 66 %(计算结果保留整数位).
(3)请根据上表中的数据,在如图的坐标中用光滑曲线画出η与G的关系图.
(4)根据以上信息,可以得出随着提升物重的增加,滑轮组的机械效率 增大 (选填“增大”、“减小”或“不变”).
(5)本次实验中,除物重外,影响该滑轮组机械效率的主要因素还有
① 绳与轮的摩擦 、
② 轮与轴的摩擦 .
(6)在某一次测量中,将图(乙)中F的方向改为图(丙)所示,其它条件不变,滑轮组的机械效率 不会 改变.(选填“会”或“不会”)【考点】滑轮(组)机械效率的测量实验.【专题】压轴题;实验探究题;探究型实验综合题.【分析】
(1)由一个定滑轮和一个动滑轮组成的滑轮组,其最省力的绕线方法就是由三段绳子承担物重,据此来进行绕线;
(2)根据表中数据,利用公式η==可求出机械效率的大小;
(3)根据表中数据,先画点,再描线即可;
(4)结合图线的变化趋势或分析表中的数据,均可得出随着物重的增加,机械效率的变化情况;
(5)影响滑轮组机械效率的因素主要有物重、动滑轮重、绳重、摩擦等,据此来解答;
(6)观察图可知,绳端最后绕过的是定滑轮,定滑轮只起改变力的方向的作用,对力的大小不会产生影响.【解答】解
(1)分析可知,滑轮组最省力的绕法是由三段绳子承担物重,故其绕绳如下
(2)根据表中的数据,代入公式计算得η====66%;
(3)根据表中数据,先画点再描线,如下图所示
(4)读取图象可获得信息,随着物重的增大,滑轮组的机械效率逐渐增大;
(5)影响滑轮组机械效率的因素主要有物重、动滑轮重、绳重、摩擦等,在本次实验中,动滑轮重和绳重都是不变的,因此,除物重外,影响滑轮组机械效率的因素就只有摩擦了,包括绳与轮的摩擦和轮与轴的摩擦;
(6)读图可知,绳端最后绕过的是定滑轮,定滑轮只改变力的方向,不影响力的大小,因此,拉力的最终方向不影响力的大小变化,机械效率当然也就不会变化.故答案为
(1)如图;
(2)66;
(3)如图;
(4)增大;
(5)绳与轮的摩擦;轮与轴的摩擦;
(6)不会.【点评】本题考查的内容较为全面,包括滑轮组的绕线方法、利用实验数据画点描线、利用机械效率公式进行简单的计算、对滑轮组机械效率大小的影响因素进行全面的分析等,都是我们日常学习中应该多加练习的内容,值得关注. 29.阅读短文,回答问题.地球同步卫星地球同步卫星是指位于赤道上空一定高度上与地球保持相对静止的卫星,它与地球转动同步,故称地球同步卫星.人造地球同步卫星发射过程可简化为点火加速上升(如图甲所示)、离开大气层后关闭发动机自由上升和调整姿态三个阶段.地球同步卫星常用于通讯、气象、广播电视、导弹预警、数据中继等方面,以实现对同一地区的连续工作.在赤道上空约为36000km的高度上布设3颗同步卫星,可实现除两极外的全球通讯(如图乙所示).
(1)地球同步卫星发射过程的点火加速上升阶段中能量转化是燃料的 化学 能转化为 内 能,然后再转化为卫星的 机械 能.
(2)地球同步卫星在轨道运行时相对于地面是 静止 (选填“运动”或“静止”)的.
(3)地球同步卫星的用途有 通讯 (答出一种即可).【考点】能量的相互转化;参照物及其选择;卫星中继通信.【专题】信息的传递;长度、时间、速度.【分析】
(1)解决此题要用能量的转化去分析解答;
(2)被研究的物体与所选的标准,即参照物之间的相对位置是否发生了改变,如果发生改变,则物体是运动的;如果未发生变化,则物体是静止的.
(3)同步卫星固定在一个轨道上,主要用于通信和监视地面,如通信卫星和同步气象卫星.也可以用于军事侦察,长期监视某一地区.电视台利用同步卫星传播电视节目.【解答】解
(1)点火加速阶段中能量转化为化学能→内能→机械能;
(2)同步卫星相对于地面来说没有发生位置的变化,以地面做参照物,同步卫星是静止的;
(3)同步卫星的用途很多,可以用于通信和监视地面,也可以用于军事侦察,电视台利用同步卫星传播电视节目.故答案为
(1)化学;内;机械;
(2)静止;
(3)通讯(或气象、广播电视、导弹预警、数据中继等).【点评】此题涉及到运动与精致的相对性、能量的相互转化,对于判断能量转化的题目,我们可以从影响能量大小的因素来分析能量的变化,找到能量转化的方向.也可以看它要消耗什么能量,得到什么能量,总是消耗的能量转化为得到的能量. 。