还剩16页未读,继续阅读
本资源只提供10页预览,全部文档请下载后查看!喜欢就下载吧,查找使用更方便
文本内容:
2019-2020年九年级(上)第五次月考物理试卷(解析版)
一、选择题1.关于电流、电压和电阻,下列说法正确的是( )A.电路中有电压,则一定有电流B.导体中通过的电流越大,它的电阻越小C.有电流通过的小灯泡,其两端一定有电压D.电阻两端的电压越大,其电阻越大 2.如图所示,闭合开关s后,电流表几乎无示数,电压表示数近似等于电源电压,产生这一现象的原因可能是( )A.L2短路B.L2灯丝断了C.L1短路D.L1灯丝断了 3.如图所示电路中,电源电压保持不变.当闭合开关S后,两灯均能发光,过了一会儿,L1灯熄灭,但L2仍在发光,经检查L1灯丝被烧断了.对前后二种不同情况下电路中电流表示数的判断正确的是( )A.A1表示数减小,A2表示数不变B.A
1、A2表示数均不变C.A1表示数减小,A2表示数增大D.A
1、A2表示数均增大 4.在如图a的电路中,当闭合开关后,两个电压表指针偏转均为图b所示,则电阻R1和R2两端的电压分别为( )A.
1.2V
4.8VB.6V
1.2VC.
1.2V6VD.
4.8V
1.2V 5.关于欧姆定律公式和R=下列说法中正确的是( )A.R与U成正比与I成反比B.当电流强度增大2培时,电阻R减小2倍C.电阻是导体的一种性质D.当电压为零时,电阻R也为零 6.下列关于安全用电的说法正确的是( )A.只要电灯不发光,就可以用湿布把它擦干净B.只要将保险丝换上粗的,电路中就可以接入大功率的用电器C.把家用电器的金属外壳接上地线,可以防止触电D.看到有人触电应立即用手把他拉开 7.如图是一个电能表,对其中的重要参数,下列说法中错误的是( )A.“220V”是说这个电能表应该在220伏的电路中使用B.这个电能表使用时最大电流不能超过5安C.电路总功率不能超过2200WD.6min内电能表转了250r,这个工作的用电器可能是微波炉 8.如图所示,小灯泡规格为“6V
3.6W”(灯丝电阻不变),闭合开关,当滑动变阻器的滑片P移至a端时,电流表示数为
0.6A;当滑片P移至b端时,电压表示数为4V,则( )A.小灯泡灯丝电阻是6ΩB.电源电压是10VC.滑动变阻器最大阻值是10ΩD.滑片P位于b端时.滑动变阻器消耗的功率是
0.8W
二、填空与作图题(共21分)9.标有“6V3W”和“4V4W”的两灯串联,其中一盏灯正常发光,则加在电路两端电压是 伏;两灯的实际功率各为 瓦和 瓦.并联起来使用干路中允许通过的最大电流是 A. 10.小明家有一只电暖器,上面标有“220V110W”字样.当电暖器正常工作时,通过电热丝的电流是 A.若这只电暖器正常工作1h,能使标有“3000r/kW•h”的电能表转 圈. 11.有一只“36V6W”的灯泡,灯泡正常工作时,灯丝的电阻为 Ω;若将该灯接在18V的电源上工作10min,功率为 W,消耗的电能为 J(电阻不随温度的改变而改变). 12.如图所示的是电阻值不同的两个电阻的I﹣U图象,从图中可知R1 R2.若将R1和R2串联接在电源上,消耗的电功率P1 P2;若将R1和R2并联接在电源上,相同时间内消耗的电能W1 W2.(填“>”、“<”或“=”) 13.三孔插座比两孔插座多的那个孔是跟 相连的,用电器的三脚插头插在三孔插座里,不仅把用电部分接入了电路,还把用电器的 与 连接起来. 14.有一个电动机接在电压为6V不变的电源上,用手捏住电动机不让它转动,电流为3A,松手后电动机稳定转动,电流为
0.3A.电动机转动时,每分钟线圈产生的热量 J.电动机转动时的输出功率 W. 15.把带有开关的电灯,三孔插座正确地连入如图的家庭电路中. 16.在图中根据标出的电流方向,从电池组、电流表、电压表三个元件符号中选出两个,分别填入电路的空缺处填进后要求L
1、L2串联,都能正常发光.
三、实验探究(共18分)17.(xx秋•察右后旗校级期末)如图,长度相同而横截面积不同的两根镍铬导线A和B串联后接入电路中,其中阻值较小的是 ,通过两根导线的电流值IA IB(该空选填“大于”“等于”“小于”).若将它们并联接入电路中,则UA UB(填写“大于”、“小于”或“等于”). 18.(xx•徐州二模)在测额定电压为
2.5V的小灯泡(电阻大约为10Ω左右)的额定功率实验时,刘星连接了如图甲所示的电路.其中电源电压为6V.
(1)请用笔画线将甲图中的电路连接完整;
(2)在连接电路时,有甲“10Ω1A”和乙“20Ω1A”两个滑动变阻器可供选择,则应该选择变阻器 连入电路,才能保证实验的顺利进行;
(3)在连接电路时,开关应 (选填“断开”或“闭合”),滑片应移到 (选填“A”或“B”)处;
(4)刘星调节滑片P的位置,使电压表的示数为
2.5V,这时电流表的示数如图乙所示, A,则该灯泡的额定功率是 W.
四、计算题(共15分)19.在如图所示的电路中,电源电压不变,灯标有“6V3W”字样.当电键K闭合时,灯L正常发光,电流表的示数为O.6安.求
(1)通过灯L的电流.
(2)电阻R2的阻值.
(3)在10秒内,电流通过电阻R2所做的功. 20.如图是电饭锅加热和保温时的电路示意图.加热时的功率为1100瓦,保温时功率为100W.
(1)用学过的公式推理说明,电饭锅处于加热状态时,开关S是断开还是闭合?
(2)R2和R1电阻为多大?
(3)加热5min消耗多少电能? xx学年陕西省延安市黄龙县白马滩中学九年级(上)第五次月考物理试卷参考答案与试题解析
一、选择题1.关于电流、电压和电阻,下列说法正确的是( )A.电路中有电压,则一定有电流B.导体中通过的电流越大,它的电阻越小C.有电流通过的小灯泡,其两端一定有电压D.电阻两端的电压越大,其电阻越大【考点】欧姆定律的应用;有持续电流的条件.【专题】应用题;电流和电路;欧姆定律.【分析】根据下列指示分析判断
(1)电路中有持续电流的条件是有电源和通路;
(2)在电压一定的情况下,电流与电阻成反比;
(3)电压是使电路中自由电荷定向移动形成电流的原因;
(4)电阻是导体的阻碍电流的性质,其大小决定于导体的长度、材料和横截面积,而与导体两端的电压、通过的电流大小无关.【解答】解A、电路中有电压,若电路是断开的,电路中无电流,故A错;B、当导体两端电压一定时,导体中通过的电流越大,说明它的电阻越小,题中没有“电压一定”这个条件,故B错;C、电压是形成电流的首要条件,小灯泡有电流通过,则小灯泡两端一定有电压,故C正确;D、电阻是导体的阻碍电流的性质,与两端的电压大小无关,故D错.故选C.【点评】本题重点考查两个内容;
(1)电路中有持续电流的条件﹣﹣有电源(电压)和通路(开关闭合),二者缺一不可;
(2)电阻是导体的阻碍电流的性质,其大小决定于导体的长度、材料和横截面积,而与导体两端的电压、通过的电流大小无关. 2.如图所示,闭合开关s后,电流表几乎无示数,电压表示数近似等于电源电压,产生这一现象的原因可能是( )A.L2短路B.L2灯丝断了C.L1短路D.L1灯丝断了【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用.【专题】推理法;图析法.【分析】电压表有示数,电压表的正负接线柱到电源正负极的连接是连通的;电流表的指针几乎指在零刻度线,是因为把电压表通过灯丝、导线接在电源正负极上,电压表的电阻无限大,使得电路中的电流很小.据此判断.【解答】解A、L2短路,电压表测量的是导线两端的电压,示数为0,不符合题意,故A错;B、L2灯丝断了,电压表的正负接线柱到电源正负极的连接是连通的,有示数;因为把电压表通过灯丝、导线接在电源正负极上,电压表的电阻无限大,使得电路中的电流很小,电流表的指针几乎无示数,符合题意,故B正确;C、L1短路,电压表、电流表测量的是加在灯两端的电压和通过的电流,都有示数,不符合题意,故C错;D、L1灯丝断,电压表的正负接线柱接不到电源正负极,无示数,故D错.故选B.【点评】在判断故障时,会根据电压表的示数的变化判断若电压表有示数,说明电压表与电源能相通,电压表两接线柱之间有开路;若电压表无示数,说明电压表被短路或与电源不能相通. 3.如图所示电路中,电源电压保持不变.当闭合开关S后,两灯均能发光,过了一会儿,L1灯熄灭,但L2仍在发光,经检查L1灯丝被烧断了.对前后二种不同情况下电路中电流表示数的判断正确的是( )A.A1表示数减小,A2表示数不变B.A
1、A2表示数均不变C.A1表示数减小,A2表示数增大D.A
1、A2表示数均增大【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用;并联电路的电流规律.【分析】两个电灯是并联,一灯熄灭时,不会影响另一灯的工作,干路中的电流表的示数会变小,没有熄灭的支路中的电流表示数不变.【解答】解两个电灯是并联,A1在干路中,A2与L2串联,测L2的电路,当L1灯熄灭时,A1和A2的示数相等,即A1示数变小,A2示数不变.故选A.【点评】本题利用了并联电路的电流特点分析并联电路的一个支路发生故障时对电路的影响.当一个支路的灯断开时,干路中的电流会变小,而另一支路不会发生变化. 4.在如图a的电路中,当闭合开关后,两个电压表指针偏转均为图b所示,则电阻R1和R2两端的电压分别为( )A.
1.2V
4.8VB.6V
1.2VC.
1.2V6VD.
4.8V
1.2V【考点】串联电路的电压规律.【专题】电压和电阻.【分析】由图a可知,电阻R1与R2串联,电压表V1测两电阻串联电压,即电源电压,电压表V2测电阻R2两端电压,根据串联电路特点确定电压表量程与分度值,读出电压表示数,然后由串联电路特点求出两电阻两端的电压.【解答】解
(1)由电路图可知,电压表V1示数应大于电压表V2示数,而两电压表指针位置相同,则电压表V1量程是0~15V,分度值是
0.5V,电压表示数UV1=6V;电压表V2量程是0~3V,分度值是
0.1V,电压表示数UV2=
1.2V;
(2)电阻R2的电压U2=UV2=
1.2V,电阻R1的电压U1=UV1﹣U2=6V﹣
1.2V=
4.8V.故选D.【点评】本题考查了求出电阻两端的电压,分析清楚电路结构、掌握电压表的读数方法是正确解题的关键,本题的难点是确定两个电压表的量程. 5.关于欧姆定律公式和R=下列说法中正确的是( )A.R与U成正比与I成反比B.当电流强度增大2培时,电阻R减小2倍C.电阻是导体的一种性质D.当电压为零时,电阻R也为零【考点】欧姆定律的变形公式.【专题】应用题;欧姆定律.【分析】电阻是导体本身的一种性质,只与导体的材料、长度、横截面积,另外还有温度有关,由此分析解答.【解答】解由I=知R=,我们可以通过导体两端电压和通过导体的电流计算导体的电阻;但电阻是导体本身的一种性质,与导体的材料、长度、横截面积,另外还有温度有关,与导体两端的电压和通过的电流大小无关.所以ABD错误,C正确.故选C.【点评】本题考查学生对导体电阻的认识和理解,知道影响导体电阻的因素,是正确解题的关键. 6.下列关于安全用电的说法正确的是( )A.只要电灯不发光,就可以用湿布把它擦干净B.只要将保险丝换上粗的,电路中就可以接入大功率的用电器C.把家用电器的金属外壳接上地线,可以防止触电D.看到有人触电应立即用手把他拉开【考点】安全用电原则.【分析】
(1)生活用水是导体,湿了的物体因含有水分而能够导电;
(2)大功率用电器使用时,需要考虑电路负荷是否能够承受;
(3)对于金属外壳的家用电器,金属外壳一定接地,防止外壳漏电,发生触电事故;
(4)当有人触电或发生电火灾的时候,不能先进行抢救,要先断开电源.【解答】解A、因为湿抹布是导体,用湿布擦抹电器,容易发生触电事故,不符合家庭安全用电要求;B、将大功率的用电器接入电路,需要考虑电路线路的负荷是否能够承受,因此只将保险丝换粗是不可以的.不符合安全用电要求;C、家用电器的金属外壳要接地,防止金属外壳漏电,发生触电事故,符合安全用电要求;D、发现有人触电时,立即用手将其拉离电源会造成被救者也触电,应立即切断电源或用绝缘体把导线挑开,不符合安全用电要求.故选C.【点评】此题考查日常生活的常见用电现象和行为,在考查安全用电的原则中,实现安全用电知识的宣传和教育作用. 7.如图是一个电能表,对其中的重要参数,下列说法中错误的是( )A.“220V”是说这个电能表应该在220伏的电路中使用B.这个电能表使用时最大电流不能超过5安C.电路总功率不能超过2200WD.6min内电能表转了250r,这个工作的用电器可能是微波炉【考点】电功率的计算;电能表参数的理解与电能的求法.【专题】应用题;信息给予题;电能和电功率.【分析】从电能表表盘可得到的信息
①电能表的工作电压,
②每消耗1kW•h的电能,电能表转盘的转数,
③电能表平时工作的最大电流,
④交流电的频率,
⑤此时电能表的示数,注意最后一位是小数位,单位是kW•h;据此分析判断.【解答】解A、“220V”是说这个电能表应该在220伏的电路中使用.此说法正确;B、“5
(10)A”是说这个电能表使用时额定最大电流为10A.此说法错误;C、电路总功率不能超过P=UI=220V×10A=2200W,此说法正确;D、“2500r/kW•h”是说接在这个电能表上的用电器,每消耗1kW•h的电能,电能表上的转盘转过2500转,6min内电能表转了250r,消耗的电能W=kW•h=
0.1kW•h,电功率P===1kW,该用电器可能是微波炉,此说法正确.故选B.【点评】本题考查对电能表参数的理解,关键是理解电能表各参数的物理意义. 8.如图所示,小灯泡规格为“6V
3.6W”(灯丝电阻不变),闭合开关,当滑动变阻器的滑片P移至a端时,电流表示数为
0.6A;当滑片P移至b端时,电压表示数为4V,则( )A.小灯泡灯丝电阻是6ΩB.电源电压是10VC.滑动变阻器最大阻值是10ΩD.滑片P位于b端时.滑动变阻器消耗的功率是
0.8W【考点】欧姆定律的应用;串联电路的电压规律;电功率的计算.【专题】计算题;压轴题.【分析】
(1)知道小灯泡规格“6V
3.6W”可以求出灯丝电阻;
(2)当滑片P移至a端时,电路中只有灯L,知道电路中的电流,利用欧姆定律求灯两端的电压(电源电压);
(3)当滑片P移至b端时,滑动变阻器电阻全连入,灯和滑动变阻器串联,又知道滑动变阻器两端的电压,利用串联电路的分压关系求滑动变阻器最大阻值;利用电功率的公式求此时滑动变阻器消耗的功率.【解答】解A、,故A错;B、当滑片P移至a端时,电路中只有灯L,I=
0.6A,电源电压U=IR=
0.6A×10Ω=6V,故B错;C、当滑片P移至b端时,滑动变阻器全连入为电阻R,灯L和R串联,UR=4V,UL=U﹣UR=6V﹣4V=2V,∵,∴,故C错;D、UR=4V,R=5Ω,,故D正确.故选D.【点评】分析电路图,知道当滑片P移至a端(电路中只有灯L)时、当滑片P移至b端(滑动变阻器全连入为电阻R,灯L和R串联)时的电路组成是本题的关键.
二、填空与作图题(共21分)9.标有“6V3W”和“4V4W”的两灯串联,其中一盏灯正常发光,则加在电路两端电压是 8 伏;两灯的实际功率各为 3 瓦和 1 瓦.并联起来使用干路中允许通过的最大电流是
1.33 A.【考点】欧姆定律的应用;电功率与电压、电流的关系.【专题】应用题;电路和欧姆定律;电能和电功率.【分析】已知灯泡的额定电压和额定功率,根据公式I=求出两灯泡的额定电流,根据欧姆定律求出两灯泡的电阻.
(1)两灯泡串联时,能正常发光的为额定电流中较小的,根据电阻的串联和欧姆定律求出加在电路两端电压,根据P=I2R求出不能正常发光时灯泡的实际功率;
(2)两灯泡并联起来使用时,电源电压为两灯泡额定电压中较小的,根据并联电路的电压特点求出通过两灯泡的电流,根据并联电路的电流特点求出干路中允许通过的最大电流.【解答】解由P=UI可得,两灯泡的额定电流分别为I1===
0.5A,I2===1A,由I=可得,两灯泡的电阻分别为R1===12Ω,R2===4Ω;
(1)两灯泡串联时,因串联电路中各处的电流相等,且其中一盏灯正常发光,所以,电路中的电流I=I1=
0.5A,因串联电路中总电阻等于各分电阻之和,所以,电源的电压U=I(R1+R2)=
0.5A×(12Ω+4Ω)=8V,此时L1灯泡的实际功率为3W,灯泡L2的实际功率P2′=I2R2=(
0.5A)2×4Ω=1W;
(2)两灯泡并联起来使用时,因并联电路中各支路两端的电压相等,所以,电路中的最大总电压U=U2=4V,此时通过L2的电流I2′=I2=1A,通过L1的电流I1′==≈
0.33A,因并联电路中干路电流等于各支路电流之和,所以,干路中允许通过的最大电流I′=I1′+I2′=
0.33A+1A=
1.33A.故答案为8;3;1;
1.33.【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用,关键是知道两灯泡串联时电路中的最大电流为两灯泡额定电流中较小,两灯泡并联时电路中的最大电压为两灯泡额定电流中较小的. 10.小明家有一只电暖器,上面标有“220V110W”字样.当电暖器正常工作时,通过电热丝的电流是
0.5 A.若这只电暖器正常工作1h,能使标有“3000r/kW•h”的电能表转 330 圈.【考点】电功率的计算;电能表参数的理解与电能的求法.【专题】计算题;应用题.【分析】
(1)由铭牌可知额定电压和额定功率,根据I=求出正常工作时通过电热丝的电流;根据根据公式W=Pt可求消耗的电能;
(2)已知电能表每消耗1kw•h的电能,转盘就转过3000r,可求工作1h转过的圈数.【解答】解
(1)通过电热丝的电流I===
0.5A;电暖器正常工作1h消耗电能W=Pt=
0.11kW×1h=
0.11kW•h;
(2)电能表转过3000r/kW•h×
0.11kW•h=330r;故答案为
0.5;330.【点评】本题考查电流、消耗电能的计算,关键是公式及其变形的灵活运用,难点是对电能表各个参数物理意义的正确理解;解题过程中要注意单位的换算. 11.有一只“36V6W”的灯泡,灯泡正常工作时,灯丝的电阻为 216 Ω;若将该灯接在18V的电源上工作10min,功率为
1.5 W,消耗的电能为 900 J(电阻不随温度的改变而改变).【考点】电功率的计算;电功的计算.【专题】计算题;电能和电功率.【分析】
(1)知道灯泡的额定电压和额定功率,根据R=求出灯泡灯丝的电阻;
(2)根据P=求出将该灯接在18V的电源时的实际功率,根据W=Pt求出工作10min消耗的电能.【解答】解
(1)由P=可得,该灯泡灯丝的电阻R===216Ω;
(2)将该灯接在18V的电源上工作10min,灯泡的实际功率P实===
1.5W,由P=可得,消耗的电能W=P实t=
1.5W×10×60s=900J.故答案为216;
1.5;900.【点评】本题考查了电功公式和电功率公式的灵活应用,是一道较为简单的应用题. 12.如图所示的是电阻值不同的两个电阻的I﹣U图象,从图中可知R1 < R2.若将R1和R2串联接在电源上,消耗的电功率P1 < P2;若将R1和R2并联接在电源上,相同时间内消耗的电能W1 > W2.(填“>”、“<”或“=”)【考点】电功率的计算;串联电路的电流规律;并联电路的电压规律;电功的计算.【专题】应用题.【分析】从图象中比较两电阻两端电压相同时,通过A和B的电流大小的关系,再利用R=即可比较出阻值的关系;根据串联电路的电流特点和P=I2R比较消耗的电功率关系;根据并联电路的电压特点和W=t得出相同时间内消耗的电能关系.【解答】解从图象上可以看出,当R1和R2两端的电压相同时,I1>I2,由R=可得,R1<R2;当R1和R2串联时,通过它们的电流相等,根据P=I2R可知,P1<P2;当R1和R2并联时,两电阻两端的电压相等,根据W=t可知,W1>W2.故答案为<;<;>.【点评】本题考查了串联电路的电流特点和并联电路的电压特点以及欧姆定律、电功率公式、电功公式的灵活运用,关键是从图象得出有用的信息,要求学生理解图象中每点及线的意义,掌握由图象利用欧姆定律求电阻的方法. 13.三孔插座比两孔插座多的那个孔是跟 地线 相连的,用电器的三脚插头插在三孔插座里,不仅把用电部分接入了电路,还把用电器的 金属外壳 与 地线 连接起来.【考点】插座的构造与工作方式;安全用电原则.【专题】应用题.【分析】家用电器的三脚插头中有两个脚接用电部分,另一个较长的脚跟用电器的金属外壳连接,三脚插头与三孔插座相连接时,把有金属外壳的用电器的外壳与地线相接;因用电器漏电时,会使外壳带电,若接上地线,电流就通过地线,流入大地,以防止触电事故的发生.【解答】解家用电器的三脚插头中有两个脚接用电部分,另一个较长的脚跟用电器的金属外壳连接;用电器的三脚插头插在与三脚插头对应的三孔插座中,不仅两个孔分别接火线和零线使用电部分接入了电路,另一个孔还把用电器的金属外壳与地线相连接.故答案为地线;金属外壳;地线.【点评】本题从另一角度考查三线插头中地线的作用,从而加强安全用电的意识. 14.有一个电动机接在电压为6V不变的电源上,用手捏住电动机不让它转动,电流为3A,松手后电动机稳定转动,电流为
0.3A.电动机转动时,每分钟线圈产生的热量
10.8 J.电动机转动时的输出功率
1.62 W.【考点】焦耳定律的计算公式及其应用;电功率的计算.【专题】计算题;电能和电功率.【分析】
(1)电动机不转动当成纯电阻电路处理,由欧姆定律可求出线圈的电阻,再根据Q=I2Rt求出线圈转动时产生的热量;
(2)电动机正常工作时,输入功率等于转化为机械能的功率与转化为内能功率之和.【解答】解电动机不转动时,电能全部转化为内能,所以电动机线圈电阻R===2Ω,当电动机转动时,每分钟产生热量Q=I2Rt=(
0.3A)2×2Ω×60s=
10.8J;电能输入功率P输入=UI=6V×
0.3A=
1.8W,线圈发热功率P热=I2R=(
0.3A)2×2Ω=
0.18W输出的机械功率(输出功率)P=P总﹣P热=
1.8W﹣
0.18W=
1.62W.故答案为
10.8;
1.62.【点评】对于非纯电阻电路,欧姆定律不可用,电功和电热也是不相等的,但当电动机不转时可以当成纯电阻处理. 15.把带有开关的电灯,三孔插座正确地连入如图的家庭电路中.【考点】家庭电路的连接.【专题】作图题;电与热、生活用电.【分析】
(1)火线首先进入开关,然后进入灯泡顶端的金属点;零线直接进入螺旋套.火线接在灯泡的顶端,在更换灯泡时,断开开关,切断火线,更安全.
(2)三孔插座的接法上孔接地线;左孔接零线;右孔接火线.【解答】解灯泡接法火线进入开关,再进入灯泡顶端的金属点,零线直接接入灯泡的螺旋套,这样在断开开关能切断火线,接触灯泡不会发生触电事故,既能控制灯泡,又能更安全;三孔插座接法上孔接地线;左孔接零线;右孔接火线.如下图所示.【点评】掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法,同时考虑使用性和安全性. 16.在图中根据标出的电流方向,从电池组、电流表、电压表三个元件符号中选出两个,分别填入电路的空缺处填进后要求L
1、L2串联,都能正常发光.【考点】电路的组成;串、并联电路的设计;电流表的使用;电压表的使用.【专题】图析法.【分析】根据电流的方向进行分析,即电流总是从电源的正极出发,最后回到电源的负极.在电路中,电流表相当于导线,电阻接近于零;电压表相当于断路,电阻特别大.【解答】解已知需要两只灯泡串联,所以只有一个通路.由电路图知,经过灯泡L2的电流必须经过L1,所以左侧应接入电源且下端为正极;为避免灯泡L2短路,右侧必须接入电压表.电路连接如下图【点评】解决此类问题需要会根据电流的方向选择合适的元件,会识别串联电路和并联电路.
三、实验探究(共18分)17.(xx秋•察右后旗校级期末)如图,长度相同而横截面积不同的两根镍铬导线A和B串联后接入电路中,其中阻值较小的是 B ,通过两根导线的电流值IA 等于 IB(该空选填“大于”“等于”“小于”).若将它们并联接入电路中,则UA 等于 UB(填写“大于”、“小于”或“等于”).【考点】影响电阻大小的因素;串联电路的电流规律;欧姆定律的变形公式.【专题】电路和欧姆定律.【分析】
(1)影响电阻大小的因素导体的长度、横截面积、材料和温度;
(2)串联电路中电流处处相等,并联电路中各支路两端的电压相等.【解答】解A和B的长度和材料相同,A的横截面积较小,所以A的电阻较大,B的电阻较小;由于A和B串联,所以电流相等;若A、B并联,则两端的电压相等.故答案为B;等于;等于.【点评】此题考查了影响电阻大小的因素及串并联电路总电流和电压的关系,难度不大,属基础题目. 18.(xx•徐州二模)在测额定电压为
2.5V的小灯泡(电阻大约为10Ω左右)的额定功率实验时,刘星连接了如图甲所示的电路.其中电源电压为6V.
(1)请用笔画线将甲图中的电路连接完整;
(2)在连接电路时,有甲“10Ω1A”和乙“20Ω1A”两个滑动变阻器可供选择,则应该选择变阻器 乙 连入电路,才能保证实验的顺利进行;
(3)在连接电路时,开关应 断开 (选填“断开”或“闭合”),滑片应移到 B (选填“A”或“B”)处;
(4)刘星调节滑片P的位置,使电压表的示数为
2.5V,这时电流表的示数如图乙所示,
0.3 A,则该灯泡的额定功率是
0.75 W.【考点】探究用电器的电功率实验;实物的电路连接;电流表的读数方法;额定功率.【专题】计算题;实验题;作图题.【分析】
(1)根据灯泡的额定电压确定电压表的量程,并使电压表与灯泡并联,完成实物图;
(2)计算出小灯泡正常发光时,需要串联的电阻值,根据这个电阻值选择合适的滑动变阻器.
(3)连接电路时,开关断开,滑片移到滑动变阻器移到最大阻值,防止电路中电流过大烧坏电路元件.
(4)根据电流表的量程和分度值确定电压表的示数,根据P=UI求出该灯泡的额定功率.【解答】解
(1)因为灯泡的额定电压为
2.5V,因此电压表量程选择0~3V,注意电流必须从正接线柱流入,负接线柱流出.如图所示
(2)当灯正常发光时,电路中的电流为I===
0.25A;电路的总电阻为R总==24Ω,变阻器连入的电阻为R=R总﹣R=24Ω﹣10Ω=14Ω,所以滑动变阻器选20Ω1A.
(3)为保护电路元件,实验前开关应断开、滑动变阻器应处于最大阻值处,即将滑片移至B端.
(4)电流表的量程为0~
0.6A,分度值为
0.02A,所以电流表的示数为
0.3A.则灯泡的额定功率为P=UI=
2.5V×
0.3A=
0.75W.故答案为
(2)乙
(3)断开B
(4)
0.
30.75.【点评】本题考查了探究灯泡额定功率的实验实物图的连接、根据实物图画电路图、电压表量程的选择、实验的注意事项和电功率的计算等,虽然涉及的知识点较多,但都是基本内容,所以平时要多注意基础知识的学习.
四、计算题(共15分)19.在如图所示的电路中,电源电压不变,灯标有“6V3W”字样.当电键K闭合时,灯L正常发光,电流表的示数为O.6安.求
(1)通过灯L的电流.
(2)电阻R2的阻值.
(3)在10秒内,电流通过电阻R2所做的功.【考点】欧姆定律的应用;电功的计算.【专题】电能和电功率.【分析】根据电路图可知,灯泡和电阻并联,电流表测量干路电流;
(1)根据P=UI的变形公式即可求出灯泡正常发光时的电流;
(2)先根据并联电路电流的规律求出通过电阻R2的电流,然后根据欧姆定律的变形公式求出电阻R2的阻值;
(3)根据W=UIt即可求出10min秒内,电流通过电阻R2所做的功.【解答】解
(1)因为灯泡和电阻并联,且灯泡正常发光,故电源电压为6V;∵P=UI∴灯泡正常工作时,通过灯泡的电流I===
0.5A;
(2)因为并联电路中,干路电流等于各支路电流之和,所以通过电阻R2的电流I2=
0.6A﹣
0.5A=
0.1A,则电阻R2的阻值R2===60Ω;
(3)电流通过电阻R2所做的功W=UI2t=6V×
0.1A×10s=6J.答
(1)通过灯L的电流为
0.5A.
(2)电阻R2的阻值为60Ω.
(3)在10秒内,电流通过电阻R2所做的功为6J.【点评】本题考查并联电路的特点、功率、功以及欧姆定律的应用,属于基础应用题. 20.如图是电饭锅加热和保温时的电路示意图.加热时的功率为1100瓦,保温时功率为100W.
(1)用学过的公式推理说明,电饭锅处于加热状态时,开关S是断开还是闭合?
(2)R2和R1电阻为多大?
(3)加热5min消耗多少电能?【考点】电功的计算;电功率与电压、电流的关系.【专题】计算题;电能和电功率.【分析】
(1)由电路图可知,当开关S1断开时电路为R1的简单电路,闭合时电路为R
1、R2的并联电路,根据并联电路的电阻特点判断两种情况下电路中电阻的大小,再根据P=判断饮水机的状态;
(2)当开关S1断开时电路为R1的简单电路,处于保温状态,R1=;因为R1和R2是并联,则保温时只有R1工作,加热时R1和R2同时工作,但R1的功率不会改变,所以根据加热功率和保温功率即可知道R2工作时的功率,根据R=即可求出R2的阻值;
(3)利用W=Pt求加热5min消耗的电能.【解答】解
(1)由电路图可知,当开关S1断开时电路为R1的简单电路;当开关S1闭合时,R
1、R2并联;因为R1和R2并联时总电阻值比任一支路上的电阻都小,电源电压相同,由P=可知,R1和R2并联时电功率大,处于加热状态.
(2)当开关S1断开时电路为R1的简单电路,处于保温状态,由P=可得R1===484Ω,因为R1和R2是并联,加热和保温时R1的功率都不变为P保温=100W,加热时R1和R2同时工作,则P2=P加热﹣P保温=1100W﹣100W=1000W,由P=可得R2===
48.4Ω,
(3)加热5min消耗的电能W=Pt=1100W×5×60s=
3.3×105J.答
(1)电饭锅处于加热状态时,开关S是闭合的;
(2)R2和R1电阻分别为484Ω、
48.4Ω;
(3)加热5min消耗
3.3×105J的电能.【点评】本题主要考查了学生对电路的分析、电能和电功率的计算.要解决此类题目,首先要搞清串并联电路的电压、电阻的关系,同时要掌握电功率的基本计算公式及推导公式. 。