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2019-2020年高三数学上学期第二次摸底考试试题文
一、选择题本大题共12小题,每小题5分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的1.已知集合A={(x,y)|y=3x},B={(x,y)|y=2﹣x},则A∩B=A.{0}B.{1}C.{(0,1)}D.{(1,0)}2.已知复数Z==A.2+iB.2-iC.-l-2iD.-1+2i3.函数f(x)=|log2x|+x﹣2的零点个数为()A1B.2C.3D.44.已知数列{an}是等比数列,且a2+a6=3,a6+a10=12,则a8+a12=()A.12B.24C.24D.485.若变量x、y满足条件,则z=2x﹣y的取值范围是()A.B.(﹣2,4]C.,sin2θ=,则cosθ=()A.B.C.D.8.某几何体的三视图如图所示,若其正视图为等腰梯形,侧视图为正三角形,则该几何体的表面积为()A.2+2B.6C.4+2D.89.已知D、E分别是△ABC的边AB、AC上的点,且BD=2AD,AE=2EC,点P是线段DE上的任意一点,若=x+y,则xy的最大值为()A.B.C.D.10.在多面体ABCDE中,AB⊥平面ACD,DE⊥平面ACD,AC=AD=CD=DE=2AB,F为棱CE上异于点C、E的动点,则下列说法正确的有()
①直线DE与平面ABF平行;
②当F为CE的中点时,BF⊥平面CDE;
③存在点F使得直线BF与AC平行;
④存在点F使得DF⊥BC.A.1个B.2个C.3个D.4个11.已知抛物线C y2=4x的焦点为F,过F的直线l与抛物线C相交于A、B两点,则|OA|2+|OB|2(O为坐标原点)的最小值为()A.4B.8C.10D.1212.已知f(x)为奇函数,当x∈时,f(x)=1﹣2|x﹣|,当x∈(﹣∞,﹣1],f(x)=1﹣e﹣1﹣x,若关于x的不等式f(x+m)>f(x)有解,则实数m的取值范围为()A.(﹣1,0)∪(0,+∞)B.(﹣2,0)∪(0,+∞)C.{﹣,﹣ln2,﹣1}∪(0,+∞)D.{﹣,﹣ln2,0}∪(0,+∞
二、填空题本大题共4小题,每小题5分13.某商场根据甲、乙两种不同品牌的洗衣粉在周一至周五每天的销量绘制成如图所示的茎叶图,则销量的中位数较大的品牌是.14.执行如图所示的程序框图,若输入p的值为31,则输出的k的值为.15.定义在区间(m﹣1,m+1)上的函数f(x)=lnx﹣x2在该区间上不是单调函数,则实数m的取值范围是.16.设数列{an}满足a1=5,且对任意整数n,总有(an+1+3)(an+3)=4an+4成立,则数列{an}的前xx项的和为.
三、解答题解答应写出文字说明、证明过程或验算步骤17.△ABC的内角A、B、C所对的边分别为a、b、c,且asinA﹣bsinB=(c﹣b)sinC.
(1)求A;
(2)若B=,点M在边BC上,且BC=3CM,AM=2,求△ABC的面积.18.某次比赛结束后,a、b、c、d死命选手成功晋级四强,在接下来的比赛中,他们取得任何一个名次的机会均相等,且无并列名次,已知c、d两名选手已全部进入前3名,求
(1)选手a取得第一名的概率;
(2)选手c的名次排在选手a的名次之前的概率.19.如图1,已知四边形ABCD的对角线AC与BD互相垂直,∠A=60°,∠C=90°,CD=CB=2,将△ABD沿BD折起,得到三棱锥A′﹣BCD,如图2.
(1)当A′C=2,求证A′C⊥平面BCD;
(2)设BD的中点为E,当三棱锥A′﹣BCD的体积最大时,求点E到平面A′BC的距离.20.已知离心率为的椭圆C+=1(a>b>0)经过点(1,).
(1)求椭圆C的方程;
(2)P是椭圆C上的一点,点A、A′分别为椭圆的左、右顶点,直线PA与y轴交于点M,直线PA′与y轴交于点N,求|OM|2+|ON|2(O为坐标原点)的最小值.21.已知函数f(x)=xlnx﹣x2(a∈R).
(1)若a=2,求曲线y=f(x)在点(1,f
(1))处的切线方程;
(2)若函数g(x)=f(x)﹣x有两个极值点x
1、x2,是否存在实数a,使得=g′(a)成立,若存在,求a的取值范围;若不存在,请说明理由.请考生在第
22、
23、24三题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题作答【选修4-1几何证明选讲】22.如图,P为圆外一点,PD为圆的切线,切点为D,AB为圆的一条直径,过点P作AB的垂线交圆于C、E两点(C、D两点在AB的同侧),垂足为F,连接AD交PE于点G.
(1)证明PC=PD;
(2)若AC=BD,求证线段AB与DE互相平分.【选修4-4坐标系与参数方程选讲】23.已知曲线C1的参数方程是(θ为参数),以坐标原点为极点,x轴的正半轴为极轴,建立极坐标系,曲线C2的极坐标方程是ρ=﹣4cosθ.
(1)求曲线C1与C2交点的极坐标;
(2)A、B两点分别在曲线C1与C2上,当|AB|最大时,求△OAB的面积(O为坐标原点).【选修4-5不等式选讲】24.设函数f(x)=|2x+1|+|x﹣a|(a∈R).
(1)当a=2时,求不等式f(x)<4的解集;
(2)当a<﹣,若存在x≤﹣使得f(x)+x≤3成立,求a的取值范围.参考答案与试题解析数学一模试卷(文科)
一、选择题本大题共12小题,每小题5分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的1.(5分)选C.点评此题考查了交集及其运算,熟练掌握交集的定义是解本题的关键.2.(5分)选C.点评本题考查了复数代数形式的乘除运算,考查了复数模的求法,是基础题.3.(5分)函数f(x)=|log2x|+x﹣2的零点个数为()A.1B.2C.3D.4考点根的存在性及根的个数判断.专题函数的性质及应用.分析将方程的解的个数转化为两个函数的交点问题,通过图象一目了然.解答解函数f(x)=|log2x|+x﹣2的零点个数,就是方程|log2x|+x﹣2=0的根的个数,得|log2x|=2﹣x,令f(x)=|log2x|,g(x)=2﹣x,画出函数的图象,如图由图象得f(x)与g(x)有2个交点,∴方程|log2x|+x﹣2=0解的个数为2个,故选B.点评本题考查了函数根的存在性问题,考查转化思想,数形结合思想,是一道基础题.4.(5分)已知数列{an}是等比数列,且a2+a6=3,a6+a10=12,则a8+a12=()A.12B.24C.24D.48考点等比数列的性质.专题计算题;等差数列与等比数列.分析设等比数列{an}的公比为q,利用等比数列的通项公式得出q2=2,再求值即可.解答解设等比数列{an}的公比为q,且q≠0,∵a2+a6=3,a6+a10=12,∴q4=4,∴q2=2,∴a8+a12=q6(a2+a6)=24故选B.点评本题考查等比数列的通项公式的灵活应用,以及整体代换思想,属于基础题.5.(5分)若变量x、y满足条件,则z=2x﹣y的取值范围是()A.B.(﹣2,4]C.,sin2θ=,则cosθ=()A.B.C.D.考点二倍角的正弦;同角三角函数间的基本关系.专题三角函数的求值.分析由已知可求2θ∈,由sin2θ=,则由同角三角函数关系式可求cos2θ,由半角公式即可求cosθ的值.解答解∵θ∈,∴2θ∈,∴由sin2θ=,则cos2θ==,∴cosθ===.故选C.点评本题主要考查了二倍角的正弦公式的应用,同角三角函数间的基本关系,半角公式的应用,属于基本知识的考查.8.(5分)某几何体的三视图如图所示,若其正视图为等腰梯形,侧视图为正三角形,则该几何体的表面积为()A.2+2B.6C.4+2D.8考点由三视图求面积、体积.专题计算题;空间位置关系与距离.分析根据几何体的三视图,得出该几何体是一个三棱柱,两端去掉一个全等的三棱锥,结合图中数据,求出它的表面积.解答解根据几何体的三视图,得;该几何体是三棱柱,两端去掉一个全等的三棱锥,如图所示;底面ABCD是矩形,AB=2,AD=1,EF平行底面,且EF=1;DE=AE==;过点E作EM⊥AB,垂足为M,则AM=,∴EM=1;∴S梯形ABFE=×(1+2)×1==S梯形CDEF,S△ADE=S△BCF=×1×=×1×1=,S矩形ABCD=2×1=2;∴该几何体表面积S表面积=2+2×+2×=6.故选B.点评本题考查了利用几何体的三视图求几何体的表面积的应用问题,是基础题目.9.(5分)已知D、E分别是△ABC的边AB、AC上的点,且BD=2AD,AE=2EC,点P是线段DE上的任意一点,若=x+y,则xy的最大值为()A.B.C.D.考点基本不等式;平面向量的基本定理及其意义.专题不等式的解法及应用;平面向量及应用.分析如图所示,,.由于点P是线段DE上的任意一点,利用向量共线定理可得存在实数k使得=k+,与=x+y比较可得2x+y=,再利用基本不等式的性质即可得出.解答解如图所示,,.∵点P是线段DE上的任意一点,∴存在实数k使得=k+,与=x+y比较可得,∴2x+y=,∴,化为xy≤,当且仅当2x=y=时取等号.故选B.点评本题考查了向量共线定理、共面向量基本定理、基本不等式的性质,考查了推理能力与计算能力,属于中档题.10.(5分)在多面体ABCDE中,AB⊥平面ACD,DE⊥平面ACD,AC=AD=CD=DE=2AB,F为棱CE上异于点C、E的动点,则下列说法正确的有()
①直线DE与平面ABF平行;
②当F为CE的中点时,BF⊥平面CDE;
③存在点F使得直线BF与AC平行;
④存在点F使得DF⊥BC.A.1个B.2个C.3个D.4个考点命题的真假判断与应用.专题空间位置关系与距离;简易逻辑.分析
①由AB⊥平面ACD,DE⊥平面ACD,可得DE∥AB,利用线面平行的判定定理即可得到直线DE与平面ABF平行,即可判断出正误;
②当F为CE的中点时,取CD的中点M,连接AM,MF,可得四边形ABFM是平行四边形,BF∥AM.而AM⊥CD,DE⊥AM,可得AM⊥平面CDE.即可得出BF⊥平面CDE,即可判断出正误;
③点C是平面ABF外的一点,因此BF与AC为异面直线,不可能平行,即可判断出正误;
④由
③可得当F为CE的中点时,BF⊥DF,DF⊥CE,利用线面垂直的判定定理可得DF⊥平面BCE,即可判断出正误.解答解
①∵AB⊥平面ACD,DE⊥平面ACD,∴DE∥AB,而DE⊊平面ABF,AB⊂平面ABF,∴直线DE与平面ABF平行,正确;
②当F为CE的中点时,取CD的中点M,连接AM,MF,则,又AB,∴ABMF,∴四边形ABFM是平行四边形,BF∥AM.而AM⊥CD,DE⊥AM,CD∩DE=D,∴AM⊥平面CDE.∴BF⊥平面CDE,因此正确;
③点C是平面ABF外的一点,因此BF与AC为异面直线,不可能平行,不正确;
④由
③可得当F为CE的中点时,BF⊥DF,DF⊥CE,BF∩CE=F,∴DF⊥平面BCE,∴存在点F使得DF⊥BC,正确.综上可得
①②④正确.故选C.点评本题考查了空间线面位置关系的判定与性质定理,考查了空间想象能力,考查了推理能力,属于难题.11.(5分)已知抛物线C y2=4x的焦点为F,过F的直线l与抛物线C相交于A、B两点,则|OA|2+|OB|2(O为坐标原点)的最小值为()A.4B.8C.10D.12考点抛物线的简单性质.专题计算题;圆锥曲线的定义、性质与方程.分析先讨论直线l的斜率不存在的情况,当直线l的斜率存在时,设直线l的方程为y=k(x﹣1),与抛物线的方程联立,利用根与系数的关系表示出x1+x2,x1x2,然后把|OA|2+|OB|2表示为关于k的函数,利用函数求最小值.解答解当直线l的斜率不存在,即直线l垂直于x轴时,方程为x=1,则A(1,2),B(1,﹣2).|OA|2+|OB|2=5+5=10.当直线l的斜率存在时,设直线l的方程为y=k(x﹣1),设A(x1,y1),B(x2,y2)由得k2x2﹣(2k2+4)x+k2=0,∴,x1x2=1,|OA|2+|OB|2===设,则t>2|OA|2+|OB|2=t2+4t﹣2=(t+2)2﹣6(t>2)所以|OA|2+|OB|2>10.综上可知|OA|2+|OB|2的最小值为10.故选C.点评本题主要考查了抛物线的应用,平面解析式的基础知识.在解题过程中思维的严谨性,要考虑直线的斜率不存在的情况.12.(5分)已知f(x)为奇函数,当x∈时,f(x)=1﹣2|x﹣|,当x∈(﹣∞,﹣1],f(x)=1﹣e﹣1﹣x,若关于x的不等式f(x+m)>f(x)有解,则实数m的取值范围为()A.(﹣1,0)∪(0,+∞)B.(﹣2,0)∪(0,+∞)C.{﹣,﹣ln2,﹣1}∪(0,+∞)D.{﹣,﹣ln2,0}∪(0,+∞)考点奇偶性与单调性的综合.专题函数的性质及应用.分析根据函数的奇偶性求出函数f(x)的解析式,然后作出函数的图象,对m进行分类讨论进行求解即可.解答解若x∈,则﹣x∈,则f(﹣x)=1﹣2|﹣x﹣|=1﹣2|x+|,∵f(x)是奇函数,∴f(﹣x)=1﹣2|x+|=﹣f(x),则f(x)=2|x+|﹣1,x∈,若x∈,则f(﹣x)=1﹣e﹣1+x=﹣f(x),则f(x)=e﹣1+x﹣1,x∈分析由已知利用递推思想求出数列{an}是以4为周期的数列,且a1+a2+a3+a4=﹣,由此能求出数列{an}的前xx项的和.解答解∵数列{an}满足a1=5,且对任意整数n,总有(an+1+3)(an+3)=4an+4成立,∴8(a2+3)=24,解得a2=0,3(a3+3)=4,解得a3=﹣,,解得a4=﹣5,﹣2(a5+3)=﹣16,解得a5=5.∴数列{an}是以4为周期的数列,且a1+a2+a3+a4=﹣,xx=503×4+3,∴Sxx=503×(﹣)+5+0﹣=﹣835.故答案为﹣835.点评本题考查数列{an}的前xx项的和的求法,是基础题,解题时要认真审题,注意数列的周期性质的合理运用.
三、解答题解答应写出文字说明、证明过程或验算步骤17.(12分)△ABC的内角A、B、C所对的边分别为a、b、c,且asinA﹣bsinB=(c﹣b)sinC.
(1)求A;
(2)若B=,点M在边BC上,且BC=3CM,AM=2,求△ABC的面积.考点余弦定理;正弦定理.专题解三角形.分析
(1)由asinA﹣bsinB=(c﹣b)sinC,由正弦定理可得a2﹣b2=c2﹣bc,再利用余弦定理即可得出.
(2)由B=,A=.可得△ABC是等边三角形,设AB=a,则BM=.在△ABM中,由余弦定理可得AM2=AB2+BM2﹣2BA•BM•cosB,解出即可.解答解
(1)∵asinA﹣bsinB=(c﹣b)sinC,由正弦定理可得a2﹣b2=c2﹣bc,化为b2+c2﹣a2=bc,由余弦定理可得cosA==,又A∈(0,π),∴A=.
(2)∵B=,A=.∴△ABC是等边三角形,设AB=a,则BM=.在△ABM中,由余弦定理可得AM2=AB2+BM2﹣2BA•BM•cosB,∴﹣,化为a2=36,解得a=6.∴S△ABC==.点评本题考查了正弦定理、余弦定理、三角形的面积计算公式,考查了推理能力与计算能力,属于中档题.18.(12分)某次比赛结束后,a、b、c、d死命选手成功晋级四强,在接下来的比赛中,他们取得任何一个名次的机会均相等,且无并列名次,已知c、d两名选手已全部进入前3名,求
(1)选手a取得第一名的概率;
(2)选手c的名次排在选手a的名次之前的概率.考点列举法计算基本事件数及事件发生的概率.专题概率与统计.分析
(1)列举总的基本事件的情况,找出满足条件的事件情况即可;
(2)由(Ⅰ)再找出满足条件的事件情况即可.解答解(Ⅰ)总的事件bcda,bdca,cbda,adba,dbca,dcba,acdb,adcb,cadb,cdab,dacb,dcab共12种情形,而选手a获得第一名的情形有acdb,adcb共2种情形.所有选手a获得第一名的概率为.(Ⅱ)由(Ⅰ)知,选手a的名次排在选手c的名次之后,有acdb,adcb,dacb共3种,故所求概率为.点评本题考查列举法计算基本事件数及概率问题,属基础题.19.(12分)如图1,已知四边形ABCD的对角线AC与BD互相垂直,∠A=60°,∠C=90°,CD=CB=2,将△ABD沿BD折起,得到三棱锥A′﹣BCD,如图2.
(1)当A′C=2,求证A′C⊥平面BCD;
(2)设BD的中点为E,当三棱锥A′﹣BCD的体积最大时,求点E到平面A′BC的距离.考点棱柱、棱锥、棱台的体积;直线与平面垂直的判定.专题空间位置关系与距离.分析
(1)由题意可得A′B=A′D=BD=2,A′C=BC=CD=2,利用勾股定理的逆定理可得A′C⊥BC,A′C⊥CD,即可证明;
(2)当三棱锥A′﹣BCD的体积最大时,则平面A′BD⊥平面BCD,连接A′E,由A′E⊥BD,可得A′E⊥平面BCD,过点E作EF⊥BC于F,连接A′F,则A′F⊥BC;过点E作EM⊥A′F于M,则EM⊥平面A′BC,EM即为所求的距离.利用直角三角形的面积即可得出.解答
(1)证明由题意可得A′B=A′D=BD=2,A′C=BC=CD=2,∴A′C2+BC2=A′B2,A′C2+CD2=A′D2,∴A′C⊥BC,A′C⊥CD,BC∩CD=C.∴A′C⊥平面BCD.
(2)解当三棱锥A′﹣BCD的体积最大时,则平面A′BD⊥平面BCD,连接A′E,由A′E⊥BD,可得A′E⊥平面BCD,过点E作EF⊥BC于F,连接A′F,则A′F⊥BC;过点E作EM⊥A′F于M,则EM⊥平面A′BC,∴EM即为所求的距离.在Rt△EFA′中,EF=1,,∴,则EM==.∴点E到平面A′BC的距离为.点评本题考查了线面面面垂直与平行的判定与性质定理、三棱锥的体积计算公式、勾股定理的逆定理,考查了推理能力与计算能力,考查了空间想象能力,属于中档题.20.(12分)已知离心率为的椭圆C+=1(a>b>0)经过点(1,).
(1)求椭圆C的方程;
(2)P是椭圆C上的一点,点A、A′分别为椭圆的左、右顶点,直线PA与y轴交于点M,直线PA′与y轴交于点N,求|OM|2+|ON|2(O为坐标原点)的最小值.考点椭圆的简单性质.专题圆锥曲线的定义、性质与方程;圆锥曲线中的最值与范围问题.分析
(1)由离心率的值、椭圆经过点(1,),及a、b、c之间的关系,求出a、b的值,进而得到椭圆C的方程.
(2)由于P是椭圆C上的一点,得到P点的坐标满足的关系式,求出直线PA与直线PA′的方程,进而得到点M,N的坐标,即可得到|OM|2+|ON|2的最小值.解答解
(1)由于椭圆C+=1(a>b>0)的离心率为,则a=2c,b=c,又由椭圆C+=1(a>b>0)经过点(1,),则c2=1,故a=2,b=,所以椭圆方程为.
(2)设P(m,n),由于P是椭圆C上的一点,则,即4﹣m2=,
①又由点A、A′分别为椭圆的左、右顶点,直线PA与y轴交于点M,直线PA′与y轴交于点N,则直线PA y=(x+2),直线PA′y=(x﹣2),令x=0,得M(0,),N(0,),则|OM|2+|ON|2=()2+()2,将
①代入得|OM|2+|ON|2=,由于0≤m2<4,故当m2=0时,|OM|2+|ON|2取最小值6.点评本题考查椭圆的标准方程和简单性质,考查直线的圆锥曲线的位置关系,解题时要认真审题,仔细解答.21.(12分)已知函数f(x)=xlnx﹣x2(a∈R).
(1)若a=2,求曲线y=f(x)在点(1,f
(1))处的切线方程;
(2)若函数g(x)=f(x)﹣x有两个极值点x
1、x2,是否存在实数a,使得=g′(a)成立,若存在,求a的取值范围;若不存在,请说明理由.考点利用导数研究曲线上某点切线方程;利用导数求闭区间上函数的最值.专题分类讨论;导数的概念及应用;导数的综合应用.分析
(1)求出导数,求得切线的斜率和切点坐标,由点斜式方程即可得到切线方程;
(2)求出g(x)的导数,由题意可得即g′(x)=0有两个不同的实根.设h(x)=lnx﹣ax,求出导数,对a讨论,当a≤0时,当a>0时,求得单调区间得到最大值,令最大值大于0,解得a的范围0<a<,即可判断不存在实数a.解答解
(1)若a=2,则f(x)=xlnx﹣x2,导数f′(x)=1+lnx﹣2x,又f
(1)=﹣1,f′
(1)=﹣1,即有曲线y=f(x)在点(1,f
(1))处的切线方程为y+1=﹣(x﹣1),即为y=﹣x;
(2)g′(x)=f′(x)﹣1=lnx﹣ax,g(x)=f(x)﹣x有两个极值点x
1、x2,即g′(x)=0有两个不同的实根.设h(x)=lnx﹣ax,h′(x)=﹣a,当a≤0时,h′(x)>0,h(x)递增,g(x)=0不可能有两个实根;当a>0时,若0<x<,h′(x)>0,h(x)递增,若x>,h′(x)<0,h(x)递减.则h()取得极大值,也为最大值,且为﹣1﹣lna>0,即有0<a<,g′(a)=lna﹣a2<0,不妨设x2>x1>0,g′(x1)=g′(x2)=0,lnx1﹣ax1=lnx2﹣ax2=0,lnx1﹣lnx2=a(x1﹣x2),即=a>0,故不存在实数a,使得=g′(a)成立.点评本题考查导数的运用求切线方程和单调区间及极值,主要考查导数的几何意义和构造函数运用单调性,运用分类讨论的思想方法是解题的关键.请考生在第
22、
23、24三题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题作答【选修4-1几何证明选讲】22.(10分)如图,P为圆外一点,PD为圆的切线,切点为D,AB为圆的一条直径,过点P作AB的垂线交圆于C、E两点(C、D两点在AB的同侧),垂足为F,连接AD交PE于点G.
(1)证明PC=PD;
(2)若AC=BD,求证线段AB与DE互相平分.考点与圆有关的比例线段.专题选作题;立体几何.分析
(1)利用PD为圆的切线,切点为D,AB为圆的一条直径,证明∠DGP=∠PDG,即可证明PC=PD;
(2)若AC=BD,证明DE为圆的一条直径,即可证明线段AB与DE互相平分.解答证明
(1)∵PD为圆的切线,切点为D,AB为圆的一条直径,∴∠PDA=∠DBA,∠BDA=90°,∴∠DBA+∠DAB=90°,∵PE⊥AB∴在Rt△AFG中,∠FGA+∠GAF=90°,∴∠FGA+∠DAB=90°,∴∠FGA=∠DBA.∵∠FGA=∠DGP,∴∠DGP=∠PDA,∴∠DGP=∠PDG,∴PG=PD;
(2)连接AE,则∵CE⊥AB,AB为圆的一条直径,∴AE=AC=BD,∴∠EDA=∠DAB,∵∠DEA=∠DBA,∴△BDA≌△EAD,∴DE=AB,∴DE为圆的一条直径,∴线段AB与DE互相平分.点评本题考查与圆有关的比例线段,考查圆的切线的性质,比较基础.【选修4-4坐标系与参数方程选讲】23.已知曲线C1的参数方程是(θ为参数),以坐标原点为极点,x轴的正半轴为极轴,建立极坐标系,曲线C2的极坐标方程是ρ=﹣4cosθ.
(1)求曲线C1与C2交点的极坐标;
(2)A、B两点分别在曲线C1与C2上,当|AB|最大时,求△OAB的面积(O为坐标原点).考点简单曲线的极坐标方程.专题坐标系和参数方程.分析
(1)把消去θ化为普通方程,由极坐标方程ρ=﹣4cosθ化为直角坐标方程得x2+y2=﹣4x,联立求出交点的直角坐标,化为极坐标得答案;
(2)画出两圆,数形结合得到A,C1,C2,B依次排列且共线时|AB|最大,求出|AB|及O到AB的距离代入三角形的面积公式得答案.解答解
(1)由,得,两式平方作和得x2+(y﹣2)2=4,即x2+y2﹣4y=0;由ρ=﹣4cosθ,得ρ2=﹣4ρcosθ,即x2+y2=﹣4x.两式作差得x+y=0,代入C1得交点为(0,0),(﹣2,2).其极坐标为(0,0),();
(2)如图,由平面几何知识可知,A,C1,C2,B依次排列且共线时|AB|最大.此时|AB|=,O到AB的距离为.∴△OAB的面积为S=.点评本题考查了参数方程化普通方程,极坐标与直角坐标的互化,考查了数形结合的解题思想方法,是基础的计算题.【选修4-5不等式选讲】24.设函数f(x)=|2x+1|+|x﹣a|(a∈R).
(1)当a=2时,求不等式f(x)<4的解集;
(2)当a<﹣,若存在x≤﹣使得f(x)+x≤3成立,求a的取值范围.考点绝对值不等式的解法.专题不等式的解法及应用;不等式.分析对第
(1)问,将a=2代入f(x)中,分“x≥2”“”“x≤”去掉绝对值符号进行讨论,化简不等式f(x)<4,即得其解集;对第
(2)问,令g(x)=f(x)+x,因存在x≤﹣,使得f(x)+x≤3成立,即g(x)有解,只需min≤3,作出g(x)的图象,用a表示g(x)的最小值,解关于a的不等式即可得a的取值范围.解答解
(1)令|2x+1|=0,得;令|x﹣2|=0,得x=2.
①当x≥2时,原不等式化为2x+1+x﹣2<4,即x<,得x∈∅;
②当时,原不等式化为2x+1+2﹣x<4,即x<1,得;
③当x≤时,原不等式化为﹣2x﹣1+2﹣x<4,即x>﹣1,得﹣1<x≤.综合
①、
②、
③,得原不等式的解集为{x|﹣1<x<1}.
(2)令g(x)=f(x)+x,当x≤时,g(x)=|x﹣a|﹣x﹣1,由a<﹣,得g(x)=,由于存在x≤,使f(x)+x≤3成立,即g(x)≤3在(﹣∞,]内有解,只需min≤3即可.作出g(x)的大致图象,易知,min=g(a)=﹣a﹣1,∴﹣a﹣1≤3,得a≥﹣4.点评本题考查了含绝对值不等式的解法,以及含参数的不等式有解问题的求解,关键是善于运用分类讨论思想及数形结合思想进行求解.
(1)分类讨论时,同一类中取交集,类与类之间取并集.
(2)常数m≥g(x)有解,只需m≥min;m≤g(x)有解,只需m≤max.高三文数试题共4页第2页高三文数试题共4页第4页高三文数试题共4页第3页。