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2019-2020年高三数学四月调考试卷理(含解析)
一、选择题本大题共10小题,每小题5分,共50分,在每小题给出的四个选项中,只有一个选项是符合题目要求的1.已知复数在复平面内对应的点在虚轴上(不含原点),则实数a=( ) A.﹣1B.1C.D. 2.设全集U=R,A={x||x|<2},B={x|y=},则图中阴影部分所表示的集合( ) A.(﹣2,+∞)B.(1,2]C.(﹣2,1)D.(﹣2,1] 3.设ω>0,函数y=sin(ωx+)的图象向右平移个单位后与原图象重合,则ω的最小值是( ) A.B.C.3D. 4.下列说法中正确的是( ) A.命题“若x>y,则﹣x<﹣y”的逆否命题是“若﹣x>﹣y,则x<y” B.若命题p∀x∈R,x2+1>0,则¬p∀x∉R,x2+1≤0 C.设x、y∈R,则“(x﹣y)•x2<0”是“x<y”的必要而不充分条件 D.设l是一条直线,α、β是两个不同的平面,若l⊥α,l⊥β,则α∥β 5.小吴同学计划大学毕业后出国留学,其父母于2014年7月1日在银行存入a元钱,此后每年7月1日存入a元钱,若年利润为p且保持不变,并约定每年到期,存款的本息均自动转为新的一年的定期,在小吴同学2019年7月1日大学毕业时取出这五笔存款,则可以取出的钱(元)的总数为( ) A.a(1+p)5B.a(1+p)6C.[(1+p)5﹣(1+p)]D.[(1+p)6﹣(1+p)] 6.设、是单位向量,若=3,=,方向的投影为,则与夹角为( ) A.B.C.D. 7.如图直观图由直三棱柱与圆锥组成的几何体,其三视图的正视图为正方形,则俯视图中的椭圆的离心率为( ) A.B.C.D. 8.若函数f(x)=log(﹣x2+4x+5)在区间(3m﹣2,m+2)内单调递增,则实数m的取值为( ) A.[]B.[]C.[)D.[) 9.运行如图的程序框图,若输入n=xx,则输出的a=( ) A.B.C.D. 10.定义区间[x1,x2]长度为x2﹣x1,(x2>x1),已知函数f(x)=(a∈R,a≠0)的定义域与值域都是[m,n],则区间[m,n]取最大长度时a的值为( ) A.B.a>1或a<﹣3C.a>1D.3
二、填空题本大题共4小题,考生共需作答5小题,每小题5分,共25分,请将答案填在答题卡对应题号的位置上,答错位置,书写不清,模棱两可均不得分
(一)必做题11-1411.已知实数x、y满足,则z=x﹣3y的最小值是 . 12.设集合S={1,2,3,4,5,6,7,8,9},A={a1,a2,a3}是S的子集,且a
1、a
2、a3满足a1<a2<a3,a3﹣a2≤5,则满足条件的集合A的个数为 . 13.在如图的正方形OABC内任取一点,此点在由曲线y=x2和直线x=0,x=1,y=所围成的阴影部分中的概率为 . 14.定义[x]表示不超过x的最大整数(x∈R),如[﹣1,3]=﹣2,[0,8]=0;定义{x}=x﹣[x].
(1){}+{}+{}+{}= ;
(2)当n为奇数时,{}+{}+{}+…+{}= .
(二)选做题请考生在第
15、16两题中任选一题作答,请先在答题卡指定位置将你所选的题目序号后的方框用2B铅笔涂黑,如果全选,则按第15题作答结果计分选修4-1几何证明选讲15.如图,直线PQ与⊙O相切于点A,AB是⊙O的弦,∠PAB的平分线AC交⊙O于点C,连接CB,并延长与直线PQ相交于点Q,若AQ=6,AC=5,则弦AB的长为 . 选修4-4坐标系与参数方程16.已知极坐标系的极点与直角坐标系的原点重合,极轴与x轴的非负半轴重合.若曲线C1的方程为ρsin(θ﹣)+2=0,曲线C2的参数方程为.(Ⅰ)将C1的方程化为直角坐标方程;(Ⅱ)若点Q为C2上的动点,P为C1上的动点,求|PQ|的最小值.
三、解答题本大题共6小题,共75分,解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤17.在△ABC中,角A、B、C的对边分别为a、b、c,向量=(sinA,b+c),=(a﹣c,sinC﹣sinB),满足|+|=|﹣|.(Ⅰ)求角B的大小;(Ⅱ)设=(sin(C+),),=(2k,cos2A)(k>1),•有最大值为3,求k的值. 18.已知A、B、C三点共线,等差数列{an}满足,a3﹣a11+a14=﹣1.(Ⅰ)求数列{an}的通项an及前n项和Sn;(Ⅱ)设数列{bn}满足bn=|an|,试求{bn}的前n项和Tn. 19.在某大学举行的自主招生考试中,随机抽取了100名考生的成绩(单位分),并把所得数据列成了如下所示的频数分布表组别[40,50)[50,60)[60,70)[70,80)[80,90)[90,100)频数5182826176(Ⅰ)求抽取样本的平均数(同一组中的数据用该组区间的中点值代表);(Ⅱ)已知这次考试共有xx名考生参加,如果近似地认为这次成绩Z服从正态分布N(μ,σ2)(其中μ近似为样本平均数,σ2近似为样本方差s2=161),且规定
82.7分是复试线,那么在这xx名考生中,能进入复试的有多少人?(附≈
12.7,若z~N(μ,σ2),则P(μ﹣σ<z<μ+σ)=
0.6826,P(μ﹣2σ<z<μ+2σ)=
0.9544.). 20.如图,在三棱柱ABC﹣A1B1C1中,AB⊥侧面BB1C1C,BC=1,BB1=2,AB=,∠BCC1=.(Ⅰ)求证C1B⊥平面ABC;(Ⅱ)试在棱CC1(不包含端点C,C1)上确定一点E的位置,使得EA⊥EB1;(Ⅲ)在(Ⅱ)的条件下,求二面角A﹣EB1﹣A1的正切值. 21.已知抛物线C1y2=2px上一点M(3,y0)到其焦点F的距离为4;椭圆C2的离心率e=,且过抛物线的焦点F.(Ⅰ)求抛物线C1和椭圆C2的标准方程;(Ⅱ)过点F的直线l1交抛物线C1于A、B两不同点,交y轴于点N,已知,求证λ+μ为定值.(Ⅲ)直线l2交椭圆C2于P,Q两不同点,P,Q在x轴的射影分别为P′,Q′,+1=0,若点S满足,证明点S在椭圆C2上. 22.已知函数f(x)=,g(x)=xf(x)+.(Ⅰ)求函数y=g(x)的单调区间;(Ⅱ)若函数y=g(x)在区间[ek,+∞](k∈Z)上有零点,求k的最大值(e=
2.718…);(Ⅲ)证明f(x)≤1﹣在其定义域内恒成立,并比较f
(22)+f
(32)+…+f(n2)与(n∈N*且n≥2)的大小. xx年湖北省黄冈市高三四月调考数学试卷(理科)参考答案与试题解析
一、选择题本大题共10小题,每小题5分,共50分,在每小题给出的四个选项中,只有一个选项是符合题目要求的1.已知复数在复平面内对应的点在虚轴上(不含原点),则实数a=( ) A.﹣1B.1C.D.考点复数代数形式的乘除运算.专题数系的扩充和复数.分析化简复数为a+bi的形式,然后求解即可.解答解==.复数在复平面内对应的点在虚轴上(不含原点),可得a﹣1=0,解得a=1.故选B.点评本题考查复数的代数形式的混合运算,复数的基本概念,考查计算能力. 2.设全集U=R,A={x||x|<2},B={x|y=},则图中阴影部分所表示的集合( ) A.(﹣2,+∞)B.(1,2]C.(﹣2,1)D.(﹣2,1]考点Venn图表达集合的关系及运算.专题集合.分析求出集合A,B,然后求解阴影部分所表示的集合;解答解全集U=R,A={x||x|<2}={x|﹣2<x<2},B={x|y=}={x|x≥1},阴影部分为A∩(CUB)={x|﹣2<x<2}∩{x|x<1}={x|﹣2<x<1}.故选C.点评本题考查集合的基本运算,函数的定义域以及绝对值不等式的解法,考查计算能力. 3.设ω>0,函数y=sin(ωx+)的图象向右平移个单位后与原图象重合,则ω的最小值是( ) A.B.C.3D.考点函数y=Asin(ωx+φ)的图象变换.专题计算题.分析函数y=sin(ωx+)的图象向右平移个单位后与原图象重合可判断出是周期的整数倍,由此求出ω的表达式,判断出它的最小值.解答解∵函数y=sin(ωx+)的图象向右平移个单位后与原图象重合,∴=n×,n∈z∴ω=n×,n∈z又ω>0,故其最小值是.故选B.点评本题考查由y=Asin(ωx+φ)的部分图象确定其解析式,解题的关键是判断出函数图象的特征及此特征与解析式中系数的关系,由此得出关于参数的方程求出参数的值,本题重点是判断出是周期的整数倍. 4.下列说法中正确的是( ) A.命题“若x>y,则﹣x<﹣y”的逆否命题是“若﹣x>﹣y,则x<y” B.若命题p∀x∈R,x2+1>0,则¬p∀x∉R,x2+1≤0 C.设x、y∈R,则“(x﹣y)•x2<0”是“x<y”的必要而不充分条件 D.设l是一条直线,α、β是两个不同的平面,若l⊥α,l⊥β,则α∥β考点命题的真假判断与应用.专题推理和证明.分析写出原命题的逆否命题,可判断A;写出原命题的否定,可判断B;根据充要条件的定义,可判断C;根据线面垂直的性质,可判断D.解答解A中,命题“若x>y,则﹣x<﹣y”的逆否命题是“若﹣x≥﹣y,则x≤y”,故A错误;B中,若命题p∀x∈R,x2+1>0,则¬p∃x∈R,使x2+1≤0,故B错误;C中,设x、y∈R,则“(x﹣y)•x2<0”⇒“x<y且x≠0”,充分性成立,反之,不可,即必要性不成立,故C错误;D中,设l是一条直线,α、β是两个不同的平面,若l⊥α,l⊥β,则α∥β,故D正确;故选D.点评本题以命题的真假判断为载体考查了四种命题,命题的否定,充要条件,空间线面关系等知识点,难度不大,属于基础题. 5.小吴同学计划大学毕业后出国留学,其父母于2014年7月1日在银行存入a元钱,此后每年7月1日存入a元钱,若年利润为p且保持不变,并约定每年到期,存款的本息均自动转为新的一年的定期,在小吴同学2019年7月1日大学毕业时取出这五笔存款,则可以取出的钱(元)的总数为( ) A.a(1+p)5B.a(1+p)6C.[(1+p)5﹣(1+p)]D.[(1+p)6﹣(1+p)]考点等比数列;有理数指数幂的化简求值.专题等差数列与等比数列.分析先分别计算每一年存入a元到2019年的本息和,然后将所有存款的本息相加,由等比数列求得求和公式可得解答解xx年的a元到了2019年本息和为a(1+q)5,xx年的a元到了2019年本息和为a(1+q)4,xx年的a元到了2019年本息和为a(1+q)3,所有金额为a(1+q)+a(1+q)2+…+a(1+q)5==[(1+p)6﹣(1+p)],故选D点评本题考查等比数列,涉及数列的应用和等比数列的求和公式,属中档题 6.设、是单位向量,若=3,=,方向的投影为,则与夹角为( ) A.B.C.D.考点平面向量数量积的运算.专题平面向量及应用.分析设与夹角为θ,则由两个向量的数量积的定义求得•=cosθ;又||=3,方向的投影为,可得=×3,由此求得cosθ的值,可得θ的值.解答解设与夹角为θ,则•=1×1×cosθ=cosθ.∵=3•(﹣)=3﹣3cosθ=3﹣3cosθ,又∵||=3,方向的投影为,∴=×3,∴3﹣3cosθ=,求得cosθ=,∴θ=,故选A.点评本题主要考查两个向量的数量积的运算,属于基础题. 7.如图直观图由直三棱柱与圆锥组成的几何体,其三视图的正视图为正方形,则俯视图中的椭圆的离心率为( ) A.B.C.D.考点简单空间图形的三视图;平面与圆锥面的截线.专题计算题;圆锥曲线的定义、性质与方程;空间位置关系与距离.分析根据该几何体的直观图与三视图,得出椭圆的长轴、短轴2a与2b之间的关系,计算离心率e的值即可.解答解设俯视图中的椭圆长轴为2a,短轴长为2b,根据该几何体的直观图与三视图,得;2a=•2b,∴b=a,∴c==a,∴e==;即俯视图中椭圆的离心率为.故选D.点评本题考查了空间几何体的直观图与三视图的应用问题,也考查了椭圆的方程与几何性质的应用问题,是基础题. 8.若函数f(x)=log(﹣x2+4x+5)在区间(3m﹣2,m+2)内单调递增,则实数m的取值为( ) A.[]B.[]C.[)D.[)考点对数函数的图像与性质.专题函数的性质及应用.分析由对数函数和二次函数的性质易得函数的单调递增区间,只需让(3m﹣2,m+2)是其子区间即可,由此可得m的不等式组,解不等式组可得.解答解先保证对数有意义﹣x2+4x+5>0,解得﹣1<x<5,又可得二次函数y=﹣x2+4x+5的对称轴为x=﹣=2,由复合函数单调性可得函数f(x)=log(﹣x2+4x+5)的单调递增区间为(2,5),要使函数f(x)=log(﹣x2+4x+5)在区间(3m﹣2,m+2)内单调递增,只需,解关于m的不等式组得≤m<2,故选C.点评本题考查对数函数的性质,涉及复合函数的单调性和不等式组的解法,属基础题. 9.运行如图的程序框图,若输入n=xx,则输出的a=( ) A.B.C.D.考点循环结构.专题图表型;算法和程序框图.分析模拟程序框图的运行过程,得出该程序框图是计算a=+++…+的值,i=4029时,计算a的值,输出a,程序结束.解答解执行程序框图,有n=xxa=0,i=1,a=,不满足条件i≥2n﹣1,i=3,a=+,不满足条件i≥2n﹣1,i=5,a=++,…不满足条件i≥2n﹣1,i=4029,a=+++…+,满足条件i≥2n﹣1,退出循环,输出a的值为+++…+.∵a=+++…+=(1﹣+﹣…﹣)=.故选A.点评本题考查了程序框图的运行过程的问题,解题时应模拟程序框图的运行过程,得出每次循环的a的值,裂项法求和是解题的关键,属于基础题. 10.定义区间[x1,x2]长度为x2﹣x1,(x2>x1),已知函数f(x)=(a∈R,a≠0)的定义域与值域都是[m,n],则区间[m,n]取最大长度时a的值为( ) A.B.a>1或a<﹣3C.a>1D.3考点函数的值域;函数的定义域及其求法.专题函数的性质及应用.分析得出,故m,n是方程)=﹣=x的同号的相异实数根,即a2x2﹣(a2+a)x+1=0的同号的相异实数根得出mn=,只需△=a2(a+3)(a﹣1)>0,a>1或a<﹣3,利用函数求解n﹣m==,n﹣m取最大值为.此时a=3,解答解设[m,n]是已知函数定义域的子集.x≠0,[m,n]⊆(﹣∞,0)或[m,n]⊆(0,+∞),故函数f(x)=﹣在[m,n]上单调递增,则,故m,n是方程)=﹣=x的同号的相异实数根,即a2x2﹣(a2+a)x+1=0的同号的相异实数根∵mn=∴m,n同号,只需△=a2(a+3)(a﹣1)>0,∴a>1或a<﹣3,n﹣m==,n﹣m取最大值为.此时a=3,故选D点评本题考查了函数性质的方程的运用,属于中档题,分类讨论思想的运用,增加了本题的难度,解题时注意.
二、填空题本大题共4小题,考生共需作答5小题,每小题5分,共25分,请将答案填在答题卡对应题号的位置上,答错位置,书写不清,模棱两可均不得分
(一)必做题11-1411.已知实数x、y满足,则z=x﹣3y的最小值是 ﹣21 .考点简单线性规划.专题不等式的解法及应用.分析作出不等式组对应的平面区域,利用目标函数的几何意义,进行求最值即可.解答解由z=x﹣3y得y=,作出不等式组对应的平面区域如图(阴影部分)平移直线y=,由图象可知当直线y=经过点B时,直线y=的截距最大,此时z最小,由,解得,即B(3,8).代入目标函数z=3﹣3×8=﹣21,∴目标函数z=x﹣3y的最小值是﹣21.故答案为﹣21点评本题主要考查线性规划的基本应用,利用目标函数的几何意义是解决问题的关键,利用数形结合是解决问题的基本方法. 12.设集合S={1,2,3,4,5,6,7,8,9},A={a1,a2,a3}是S的子集,且a
1、a
2、a3满足a1<a2<a3,a3﹣a2≤5,则满足条件的集合A的个数为 81 .考点集合的包含关系判断及应用.专题集合.分析根据条件,可考虑用逆向的方法求解,从9个数中任取3个数组成集合,显然组成中取法,而不符合条件的集合容易求出有3个,从而得出满足条件的集合A的个数为∁93﹣3.解答解从集合S中任取3个元素,有=84种取法;而a1=1,a2=2,a3=8;a1=1,a2=2,a3=9;a1=1,a2=3,a3=9这三种取法不符合条件,不能构成集合A的元素;∴满足条件的集合A的个数为84﹣3=81.故答案为81.点评考查列举法表示集合,子集的概念,以及逆向思维解题的方法. 13.在如图的正方形OABC内任取一点,此点在由曲线y=x2和直线x=0,x=1,y=所围成的阴影部分中的概率为 .考点几何概型.专题概率与统计.分析首先利用定积分求出阴影部分的面积,然后利用几何概型公式解答.解答解由曲线y=x2和直线x=0,x=1,y=所围成的阴影部分面积为=(|+()|=,正方形的面积为1,由几何概型的公式得到所求概率为;故答案为.点评本题考查了几何概型的概率求法以及利用定积分求曲边梯形的面积;关键是正确求出阴影部分的面积. 14.定义[x]表示不超过x的最大整数(x∈R),如[﹣1,3]=﹣2,[0,8]=0;定义{x}=x﹣[x].
(1){}+{}+{}+{}= 2 ;
(2)当n为奇数时,{}+{}+{}+…+{}= .考点函数的值.专题函数的性质及应用;推理和证明.分析
(1)利用新定义求出{},利用二项展开式求{}、{}的值,根据规律求出{}的值,代入所求的式子求解;
(2)由
(1)归纳出规律,利用此规律求出所求的式子的值.解答解
(1)由题意得,{}=﹣[]=,∵===998+,∴{}=998+﹣998=,∵===10002﹣3000+3﹣,∴{}=10002﹣3000+3﹣﹣(10002﹣3000+3﹣1)=由二项式定理同理可得,{}=,∴{}+{}+{}+{}=+++=2;
(2)由
(1)可归纳出当n是奇数时,{}=,当n是偶数时,{}=,∴当n为奇数时,则有个偶数,个奇数,{}+{}+{}+…+{}=,故答案
(1)2;
(2).点评本题考查由新定义求函数值,归纳推理,以及二项式定理的应用,解题的关键是根据前几项的规律发现所求项的各项的值,属于中档题.
(二)选做题请考生在第
15、16两题中任选一题作答,请先在答题卡指定位置将你所选的题目序号后的方框用2B铅笔涂黑,如果全选,则按第15题作答结果计分选修4-1几何证明选讲15.如图,直线PQ与⊙O相切于点A,AB是⊙O的弦,∠PAB的平分线AC交⊙O于点C,连接CB,并延长与直线PQ相交于点Q,若AQ=6,AC=5,则弦AB的长为 .考点与圆有关的比例线段.专题推理和证明.分析求出AC=BC=5,QC=9,由∠QAB=∠ACQ,知△QAB∽△QCA,即可求弦AB的长解答解∵PQ与⊙O相切于点A,∴∠PAC=∠CBA,∵∠PAC=∠BAC,∴∠BAC=∠CBA,∴AC=BC=5,又知AQ=6,AQ2=QB•QC=(QC﹣BC)•QC,∴QC=9.由∠QAB=∠ACQ,知△QAB∽△QCA,∴AB AC=AQ QC,∴AB===,故答案为点评本题考查切割线定理,考查三角形相似的判定与性质,考查学生分析解决问题的能力,属于中档题 选修4-4坐标系与参数方程16.已知极坐标系的极点与直角坐标系的原点重合,极轴与x轴的非负半轴重合.若曲线C1的方程为ρsin(θ﹣)+2=0,曲线C2的参数方程为.(Ⅰ)将C1的方程化为直角坐标方程;(Ⅱ)若点Q为C2上的动点,P为C1上的动点,求|PQ|的最小值.考点参数方程化成普通方程;简单曲线的极坐标方程.专题坐标系和参数方程.分析(I)ρsin(θ﹣)+2=0展开,把代入即可得出.(Ⅱ)利用sin2θ+cos2θ=1可把曲线C2的参数方程化为直角坐标方程,求出圆心到直线的距离即可得出.解答解(Ⅰ)由已知得,即.(Ⅱ)由曲线C2的参数方程可得得x2+y2=1,∴圆心为C2(0,0),半径为1.又圆心到直线C1的距离为,∴|PQ|的最小值为.点评本题考查了极坐标方程化为直角坐标方程、参数方程化为普通方程、点到直线的距离公式,考查了计算能力,属于基础题.
三、解答题本大题共6小题,共75分,解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤17.在△ABC中,角A、B、C的对边分别为a、b、c,向量=(sinA,b+c),=(a﹣c,sinC﹣sinB),满足|+|=|﹣|.(Ⅰ)求角B的大小;(Ⅱ)设=(sin(C+),),=(2k,cos2A)(k>1),•有最大值为3,求k的值.考点解三角形;平面向量的综合题;三角函数的最值.专题计算题.分析(Ⅰ)由条件|可得,,代入得(a﹣c)sinA+(b+c)(sinC﹣sinB)=0,根据正弦定理,可化为a(a﹣c)+(b+c)(c﹣b)=0,结合余弦定理a2+c2﹣b2=2acosB,代入可求(Ⅱ)先求=2ksin(C+)+cos2A=2ksin(C+B)+cos2A=2ksinA+cos2A﹣=﹣sin2A+2ksinA+=﹣(sinA﹣k)2+k2+(k>1).结合0<A<,及二次函数的知识求解,解答解(Ⅰ)由条件,两边平方可得,=(sinA,b+c),=(a﹣c,sinC﹣sinB),代入得(a﹣c)sinA+(b+c)(sinC﹣sinB)=0,根据正弦定理,可化为a(a﹣c)+(b+c)(c﹣b)=0,即a2+c2﹣b2=ac,又由余弦定理a2+c2﹣b2=2acosB,所以cosB=,B=60°.(Ⅱ)=(sin(C+),),=(2k,cos2A)(k>1),=2ksin(C+)+cos2A=2ksin(C+B)+cos2A=2ksinA+cos2A﹣=﹣sin2A+2ksinA+=﹣(sinA﹣k)2+k2+(k>1).而0<A<,sinA∈(0,1],故当sinA=1时,m•n取最大值为2k﹣=3,得k=.点评本题主要考查了向量数量积极的坐标表示,余弦定理解答三角形,及含参数的二次函数的最值的求解,属于知识的综合运用,属于中档试题. 18.已知A、B、C三点共线,等差数列{an}满足,a3﹣a11+a14=﹣1.(Ⅰ)求数列{an}的通项an及前n项和Sn;(Ⅱ)设数列{bn}满足bn=|an|,试求{bn}的前n项和Tn.考点数列的求和;平面向量的基本定理及其意义.专题等差数列与等比数列.分析(I)利用向量共线定理可得a4+(a7+1)=1,又a3﹣a11+a14=﹣1.利用等差数列的通项公式及其前n项和公式即可得出.(II)由an≥0,解得;当n≤5时,Tn=Sn.当n≥6时,an<0.Tn=2S5﹣Sn,即可得出.解答解(I)∵A、B、C三点共线,等差数列{an}满足,∴a4+(a7+1)=1,又a3﹣a11+a14=﹣1.∴,解得a1=9,d=﹣2.∴an=11﹣2n,Sn=﹣n2+10n.(II)由an≥0,解得;∴当n≤5时,+10n.当n≥6时,an<0.∴Tn=2S5﹣Sn=n2﹣10n+50.∴Tn=.点评本题考查了等差数列的通项公式及其前n项和公式、递推式的应用、含绝对值的数列求和问题,考查了推理能力与计算能力,属于中档题. 19.在某大学举行的自主招生考试中,随机抽取了100名考生的成绩(单位分),并把所得数据列成了如下所示的频数分布表组别[40,50)[50,60)[60,70)[70,80)[80,90)[90,100)频数5182826176(Ⅰ)求抽取样本的平均数(同一组中的数据用该组区间的中点值代表);(Ⅱ)已知这次考试共有xx名考生参加,如果近似地认为这次成绩Z服从正态分布N(μ,σ2)(其中μ近似为样本平均数,σ2近似为样本方差s2=161),且规定
82.7分是复试线,那么在这xx名考生中,能进入复试的有多少人?(附≈
12.7,若z~N(μ,σ2),则P(μ﹣σ<z<μ+σ)=
0.6826,P(μ﹣2σ<z<μ+2σ)=
0.9544.).考点正态分布曲线的特点及曲线所表示的意义;众数、中位数、平均数.专题计算题;概率与统计.分析(Ⅰ)由所得数据列成的频数分布表,利用平均数公式公式能求出抽取的样本平均数;(Ⅱ)由(Ⅰ)知z~N(70,161),由此能求出P(z>
82.7)==
0.1587,从而能求出在这xx名考生中,能进入复试人数.解答解(Ⅰ)由所得数据列成的频数分布表,得样本平均数=45×
0.05+55×
0.18+65×
0.28+75×
0.26+85×
0.17+95×
0.06=70;
(2)由(Ⅰ)知z~N(70,161),∴P(z>
82.7)==
0.1587,∴在这xx名考生中,能进入复试的有xx×
0.1587≈318人.点评本题考查概率的求法,考查正态分布的求法,是中档题, 20.如图,在三棱柱ABC﹣A1B1C1中,AB⊥侧面BB1C1C,BC=1,BB1=2,AB=,∠BCC1=.(Ⅰ)求证C1B⊥平面ABC;(Ⅱ)试在棱CC1(不包含端点C,C1)上确定一点E的位置,使得EA⊥EB1;(Ⅲ)在(Ⅱ)的条件下,求二面角A﹣EB1﹣A1的正切值.考点二面角的平面角及求法;直线与平面垂直的判定.专题空间位置关系与距离;空间角.分析(Ⅰ)由余弦定理即可求出,从而可说明C1B⊥BC,而由AB⊥平面BB1C1C可得到EB1⊥AB,从而根据线面垂直的判定定理即可得到C1B⊥平面ABC;(Ⅱ)连接BE,由上面知EB1⊥BE,设CE=x,(0<x<2),分别根据余弦定理可得到,从而根据即可求出x=1,从而E点的位置为棱CC1的中点;(Ⅲ)容易说明∠BAE等于二面角A﹣EB1﹣A1平面角的大小,并且△ABE是直角三角形,,从而便能求出二面角A﹣EB1﹣A1的正切值.解答解(Ⅰ)证明△BCC1中,BC=1,CC1=BB1=2,;∴由余弦定理;∴;∴;∴C1B⊥BC;又AB⊥平面BB1C1C,C1B⊂平面BB1C1C;∴C1B⊥AB,AB∩BC=B;∴C1B⊥平面ABC;(Ⅱ)如图,连接BE,AB⊥平面BB1C1C;∴EB1⊥AB;若EA⊥EB1,即EB1⊥EA,AB∩EA=A;∴EB1⊥平面ABE,BE⊂平面ABE;∴EB1⊥BE;设CE=x.则EC1=2﹣x;在△BCE中,由余弦定理得BE2=x2﹣x+1;,∴在△EB1C1中,由余弦定理得=1+(2﹣x)2+(2﹣x)=x2﹣5x+7;在Rt△BB1E中,;∴2x2﹣6x+8=4;解得x=1,或x=2(舍去);∴E为CC1中点时,EA⊥EB1;(Ⅲ)由前面知AB⊥EB1,AE⊥EB1;∴∠BAE等于二面角A﹣EB1﹣A1的大小;AB⊥BB1C1C,∴AB⊥BE;∴在Rt△ABE中,tan;∴二面角A﹣EB1﹣A1的正切值为.点评考查余弦定理,直角三角形边的关系,线面垂直的性质,线面垂直的判定定理,以及二面角平面角的概念及求法,正切函数的定义. 21.已知抛物线C1y2=2px上一点M(3,y0)到其焦点F的距离为4;椭圆C2的离心率e=,且过抛物线的焦点F.(Ⅰ)求抛物线C1和椭圆C2的标准方程;(Ⅱ)过点F的直线l1交抛物线C1于A、B两不同点,交y轴于点N,已知,求证λ+μ为定值.(Ⅲ)直线l2交椭圆C2于P,Q两不同点,P,Q在x轴的射影分别为P′,Q′,+1=0,若点S满足,证明点S在椭圆C2上.考点直线与圆锥曲线的综合问题;抛物线的标准方程.专题圆锥曲线的定义、性质与方程.分析(Ⅰ)利用抛物线上一点M(3,y0)到其焦点F的距离为4;求出p,即可得到抛物线方程,通过椭圆的离心率,且过抛物线的焦点F(1,0)求出a,b,即可得到椭圆的方程.(Ⅱ)直线l1的斜率必存在,设为k,设直线l与椭圆C2交于A(x1,y1),B(x2,y2),求出直线l的方程为y=k(x﹣1),N(0,﹣k),联立直线与椭圆的方程,利用韦达定理以及判别式,通过向量关系式即可求出λ+μ为定值.(Ⅲ)设P(xp,yp),Q(xQ,yQ),可得S(xp+xQ,yp+yQ),通过转化证明即可.解答解(Ⅰ)抛物线上一点M(3,y0)到其焦点F的距离为4;抛物线的准线为抛物线上点M(3,y0)到其焦点F的距离|MF|等于到准线的距离d所以,所以p=2抛物线C1的方程为y2=4x椭圆的离心率,且过抛物线的焦点F(1,0)所以b=1,,解得a2=2所以椭圆的标准方程为(Ⅱ)直线l1的斜率必存在,设为k,设直线l与椭圆C2交于A(x1,y1),B(x2,y2)则直线l的方程为y=k(x﹣1),N(0,﹣k)联立方程组所以k2x2﹣(2k2+4)x+k2=0,△=16k2+16>0,所以(*)由得λ(1﹣x1)=x1,λ(1﹣x2)=x2得所以将(*)代入上式,得(Ⅲ)设P(xp,yp),Q(xQ,yQ)所以S(xp+xQ,yp+yQ),则由,得2xPxQ+yPyQ=﹣1…
(1),…
(2)…
(3)
(1)+
(2)+
(3)得即S(xp+xQ,yp+yQ)满足椭圆的方程,命题得证点评本题考查椭圆的方程的应用,直线与椭圆以及抛物线的位置关系的应用,考查分析问题解决问题的能力. 22.已知函数f(x)=,g(x)=xf(x)+.(Ⅰ)求函数y=g(x)的单调区间;(Ⅱ)若函数y=g(x)在区间[ek,+∞](k∈Z)上有零点,求k的最大值(e=
2.718…);(Ⅲ)证明f(x)≤1﹣在其定义域内恒成立,并比较f
(22)+f
(32)+…+f(n2)与(n∈N*且n≥2)的大小.考点利用导数研究函数的单调性;函数零点的判定定理.专题导数的综合应用.分析(Ⅰ)先求出函数g(x)的导数,从而求出函数的单调区间;(Ⅱ)先求出g(x)在x∈(,+∞)上没有零点,再得到kek<且f(ek)≤0即可;(Ⅲ)通过lnx﹣x+1≤0在(0,+∞)上恒成立,结合f(n2)≤1﹣,从而得到结论.解答解(Ⅰ)由题意得g(x)的定义域为(0,+∞),∵g′(x)=,∴g(x)在(0,),(2,+∞)递增,在(,2)递减;(Ⅱ)∵g(x)在x∈(,+∞)上的最小值为g
(2),且g
(2)=×22﹣4+2+ln2=ln2﹣=>0,故g(x)在x∈(,+∞)上没有零点,从而,要使函数g(x)在[ek,+∞),(k∈z)上有零点,并考虑到g(x)在(0,)上单调递增,且在(,2)上单调递减,故只需kek<且f(ek)≤0即可,而g(e﹣1)=e﹣2﹣2e﹣1+1>0,g(e﹣2)=﹣2+2+lne﹣2=(•﹣2)<0,当k≤﹣2且k∈z时均有g(ek)<0,即函数g(x)在[ek,e﹣1]⊂[ek,+∞)(k∈z)上有零点,∴k的最大值为﹣2;(Ⅲ)要证明f(x)≤1﹣,即证≤1﹣(x>0),只需证lnx﹣x+1≤0在(0,+∞)上恒成立,令h(x)=lnx﹣x+1(x>0),由h′(x)=﹣1=0得x=1,则在x=1处h(x)有极大值(也是最大值),h
(1)=0,∴lnx﹣x+1≤0在(0,+∞)上恒成立,因此f(n2)≤1﹣,n∈N*,于是有f
(22)+f
(32)+…+f(n2)≤(1﹣)+(1﹣)+…+(1﹣)=(n﹣1)﹣(++…+)<(n﹣1)﹣[++…+]=(n﹣1)﹣(﹣+﹣…+﹣)=(n﹣1)﹣(﹣)=,∴f
(22)+f
(32)+…+f(n2)<.点评本题考察了函数的单调性,考察导数的应用,不等式的证明问题,本题是一道难题. 。