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2019-2020年高三物理第八次模拟考试理综试题2(含解析)
一、选择题本题包括20小题,每小题6分,共120分
14.【题文】一列简谐横波在t=0时刻的波形如图所示,质点P此时刻沿-y方向运动,经过
0.2s第一次回到平衡位置,则A.该波沿x轴正方向传播B.波的周期为
0.2sC.波的传播速度为30m/sD.质点Q的振动方程为y=5cos5πtcm【答案】D【解析】本题主要考查波的形成与传播以及波长、波速与周期的关系;选项A,由上坡下可知波的传播方向向左,故选项A错误;选项B,由题意知,故T=
0.4s,选项B错误;选项C,由解得,故选项C错误;选项D,质点Q此时位于最大位移处,故,故选项D正确;本题正确选项为D【题型】单选题【备注】【结束】
15.【题文】如图所示,一质量为M的斜面体B放在水平面上,在其斜面上放一质量为m的物体A,用一沿斜面向上的力F作用于物体A上,使其沿斜面匀速下滑,在物体A下滑的过程中,斜面体B静止不动,则地面对斜面体B的摩擦力Ff及支持力FN是A.Ff=0,FN=Mg+mgB.Ff向左,FNMg+mgC.Ff向右,FNMg+mgD.Ff向左,FN=Mg+mg【答案】B【解析】本题主要考查共点力平衡以及牛顿运动定律;对A受力分析如下图由图可知,重力、支持力、摩擦力以及推力合力为零,则支持力与摩擦力的合力斜向左上方,由牛顿第三定律可知A对B反作用力斜向右下方,故斜面有向右的运动趋势,必然受到地面向左的摩擦力,即向左;由于支持力、摩擦力以及推力的合力与A的重力等大,则由正交分解可知支持力、摩擦力在竖直方向的分力的合力必然小于A的重力,则A对B反作用力在竖直方向的分力也一定小于A的重力,则地面对B的支持力必然小于A、B的总重力,故选项B正确【题型】单选题【备注】【结束】
16.【题文】如图所示,粗糙且绝缘的斜面体ABC在水平地面上始终静止在斜面体AB边上靠近B点固定一点电荷,从A点无初速释放带负电且电荷量保持不变的小物块视为质点,运动到P点时速度恰为零则小物块从A到P运动的过程A.水平地面对斜面体没有静摩擦作用力B.小物块的电势能先增大后减小C.小物块所受到的合外力一直减小D.小物块损失的机械能大于增加的电势能【答案】D【解析】本题主要考查牛顿运动定律、电场、以及功能关系;选项A,由题意知,开始小物块能够下滑,后来又能静止,因此小物块先加速后减速,则加速阶段物块的加速度沿着斜面向下,受到的摩擦力与支持力的合力斜向左上方,由牛顿第三定律可知物块对斜面的反作用力斜向右下方,故斜面有向右的运动趋势,受到地面的摩擦力向左;在减速阶段,物块的加速度沿着斜面向上,物块受到的摩擦力与支持力的合力斜向右上方,由牛顿第三定律可知物块对斜面的反作用力斜向右左下方,故斜面有向左的运动趋势,受到地面的摩擦力向右,故斜向A错误;选项B,开始小物块能够下滑,后来又能静止,说明两电荷之间一定为库伦斥力,且随着二者距离的减小,斥力在增大,故二者带同种电荷,在二者靠近的过程中,电势能一直增大,故斜向B错误;选项C,由题意知,加速阶段,由于增大,故减小,减速阶段,由于增大,故增大,即先减小后增大,故选项C错误;选项D,由功能关系可知,减少的重力势能转化为电势能以及摩擦产生的热量,因此损失的机械能大于增加的电势能,选项D正确;本题正确选项为D【题型】单选题【备注】【结束】
17.【题文】如图所示,在MNPQ间同时存在匀强磁场和匀强电场,磁场方向垂直纸面水平向外,电场在图中没有标出一带电小球从a点射入场区,并在竖直平面内沿直线运动至b点,则小球A.一定带正电B.受到电场力的方向一定水平向右C.从a到b过程中,克服电场力做功D.从a到b过程中可能做匀加速运动【答案】C【解析】本题主要考查共点力平衡以及带电粒子在复合场中的运动;选项A,洛伦兹力垂直于ab,重力、电场力、磁场力三个力平衡,而小球带正电或负电都有可能,故选项A错误;选项B,小球带正电时,电场力方向大致向右,带负电时,电场力斜向左上方,与重力和洛伦兹力的合力平衡,故选项B错误;选项C,两种情况下,小球从a向b运动,重力均做正功,洛伦兹力不做功,则由动能定理可知电场力一定做负功,小球电能才可以保持不变,故选项C正确;选项D,重力、电场力、磁场力三力平衡,其中重力、电场力为恒力,则洛伦兹力必须也是恒力,由可知小球速度不能变化,即做匀速直线运动,故选项D错误;本题正确选项为C【题型】单选题【备注】【结束】
18.【题文】在光滑的绝缘水平面上方,有磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里的匀强磁场,PQ为磁场边界一个半径为a.、质量为m、电阻为R的金属圆环垂直磁场方向放置于磁场中A处现给金属圆环一水平向右的初速度v,当圆环运动到直径刚好与边界线PQ重合时的速度为,则下列说法正确的是A.此时圆环中的电功率为B.此时圆环的加速度为C.此过程回路中产生的电能为
0.75mv2D.此过程中通过圆环截面的电荷量为【答案】D【解析】本题主要考查电磁感应定律、牛顿第二定律以及功能关系;选项A,运动至直径与磁场边界重合时,感应电动势为,则此时的电功率为,故选项A错误;选项B,此时受到的安培力为解得,故选项B错误;选项C,由功能关系可知系统减少的动能等于产生的电能,即,故选项C错误;选项D,通过的电荷量为,故选项D正确;本题正确选项为D.【题型】单选题【备注】【结束】
19.【题文】如图所示,图象a是线圈在匀强磁场中匀速转动时产生的正弦交流电的图象,调整线圈转速后,所产生的正弦交流电的图象如图象b所示以下关于这两个正弦交流电的说法中正确的是A.线圈先后两次转速之比为1:2B.交流电a的电压瞬时值u=10sin
0.4πtVC.交流电b的最大值为VD.在图中t=0时刻穿过线圈的磁通量为零【答案】C【解析】本题主要考查交流电的产生以及四值问题;选项A,由结合图像可知角速度之比为3:2,即转速之比为3:2故选项A错误;选项B,由、可知a的电压瞬时值为V,故选项B错误;选项C,由结合二者角速度之比可知,故选项C正确;选项D,由图可知线圈转动的起始位置为中性面,则磁通量变化规律为,因此当t=0时,最大,故选项D错误;本题正确选项为C【题型】单选题【备注】【结束】
20.【题文】假设地球是一半径为R、质量分布均匀的球体,设想以地心为圆心.半径为r处开凿一圆形隧道,在隧道内有一小球绕地心做匀速圆周运动,且对隧道内外壁的压力为零,如图所示已知质量分布均匀的球壳对壳内物体的引力为零,地球的第一宇宙速度为v1,小球的线速度为v2,则v1/v2等于A.r/RB.R/rC.r2/R2D.R2/r2【答案】B【解析】本题主要考查万有引力定律以及宇宙速度;由,则,故选项B正确【题型】单选题【备注】【结束】第Ⅱ卷非选择题
21.【题文】I.为了“探究加速度与力、质量的关系”,现提供如图所示的实验装置请思考探究思路并回答下列问题1为了消除小车与水平木板之间摩擦力的影响应采取的做法是________;A.将木板不带滑轮的一端适当垫高,使小车在钩码拉动下恰好做匀速运动B.将木板带滑轮的一端适当垫高,使小车在钩码拉动下恰好做匀速运动C.将木板不带滑轮的一端适当垫高,在不挂钩码的情况下使小车恰好做匀速运动D.将木板不带滑轮的一端适当垫高,在不挂钩码的情况下使小车能够静止在木板上2在实验中,得到一条打点的纸带,如图所示,已知相邻计数点间的时间间隔为T,且间距s
1、s
2、s
3、s
4、s
5、s6已量出,则小车加速度的表示式为a=________;3有一组同学保持小车及车中的砝码质量一定,探究加速度a与所受外力F的关系,他们在轨道水平和倾斜两种情况下分别做了实验,得到了两条a—F图线,如图所示图线________是在轨道倾斜情况下得到的选填“
①”或“
②”;小车及车中的砝码总质量m=________kg【答案】1C 2 3
①
0.5【解析】本题主要考查探究加速度与力、质量的关系;1要平衡摩擦力,首先应该知道摩擦力的来源,本实验摩擦力来源于小车与木板之间以及纸带与打点计时器之间,故应该让小车拖着纸带,并且不挂重物时能够匀速运动即可;2应该充分利用数据,即使用逐差法计算加速度,故;3图线1中,当外力F为零时,加速度不为零,故斜面必然倾斜,且重力沿着斜面的分力大于摩擦力,因此
①是在轨道倾斜情况下得到的;当木板水平时,由牛顿第二定律可得F-f=ma,结合图像2可知当a=0时,F=f=1N,当F=0时,-f=ma=-2m=-1N,解得m=
0.5Kg【题型】实验题【备注】【结束】
21.【题文】Ⅱ.用图甲所示的电路,测定某蓄电池的电动势和内阻,R为电阻箱,阻值范围0~9999Ω,R0是定值电阻,电压表内阻对电路的影响忽略不计该同学连接好电路后,闭合开关S,改变电阻箱接入电路的电阻值,读取电压表的示数根据读取的多组数据,他画出了图乙所示的图象1电路中定值电阻R0的作用是________________________________________2请根据图甲电路图,连接实物图3在图乙所示图象中,当=
0.10V-1时,外电路处于________状态填“通路”“断路”或“短路”4根据该图象可求得该电池的电动势E=________V,内阻r=________Ω结果保留两位有效数字【答案】1保护电源,防止短路;2如图所示;3断路;410结果在
9.5~
10.5之间均可,5.2结果在
4.5~
5.5之间均可【解析】本题主要考查测量电源的电动势和内阻;1当R为零时,电源被短路,有可能烧坏,接入是为了保护电源,防止短路;2如图所示3本实验原理是伏欧法测电源的电动势与内阻,由闭合电路欧姆定律可得解得,有图像可知当,故无穷大,即外电路断开;4当,由,即E=10V,结果在
9.5~
10.5之间均可;同时,有图像可得斜率为解得结果在
4.5~
5.5之间均可【题型】实验题【备注】【结束】
22.【题文】如图所示,一质量为
0.99kg的木块静止在水平轨道AB的B端,水平轨道与半径为10m的光滑弧形轨道BC相切现有一质量为10g的子弹以500m/s的水平速度从左边射入木块且未穿出已知木块与水平轨道的动摩擦因数μ=
0.5,g=10m/s2求⑴子弹射入木块与木块获得的共同速率;⑵子弹射入后与木块在圆弧轨道上升的最大高度;⑶从木块返回B点到静止在水平面上,摩擦阻力的冲量的大小【答案】1;2;3I=5N·S【解析】本题主要考查动量守恒定律、机械能守恒定律、牛顿第二定律以及动量定理;1设子弹射入木块与木块获得的共同速度为v,子弹射入木块前后系统动量守恒解得2设木块上升最大高度为h,子弹与木块在光滑弧形轨道BC上运动,到达最高点的过程中系统机械能守恒⑶木块返回B点进入水平轨道上作匀减速运动最终静止,摩擦力的冲量为I,由牛顿第二定律、匀变速运动规律得I=5N·S【题型】计算题【备注】【结束】
23.【题文】如图所示,在直角坐标系xOy内,有一质量为m,电荷量为+q的粒子A从原点O沿y 轴正方向以初速度v0射出,粒子重力忽略不计现要求该粒子能通过点Pa, -b,可通 过在粒子运动的空间范围内加适当的“场”来实现1若只在整个I、II象限内加垂直纸面向外的匀强磁场,使粒子A在磁场中作匀速 圆周运动,并能到达P点,求磁感应强度B的大小;2若只在x轴上某点固定一带负电的点电荷 Q,使粒子A在Q产生的电场中作匀速圆周运动,并能到达P点,求点电荷Q的电量大小;3若在整个I、II象限内加垂直纸面向外的匀强磁场,并在第IV象限内加平行于x轴,沿x轴正方向的匀强电场,也能使粒子A运动到达P点如果此过程中粒子A在电场、磁场中运动的时间相等,求磁感应强度B的大小和电场强度E的大小【答案】1;2;3【解析】本题主要考查牛顿第二定律、圆周运动、平抛运动以及带电粒子在匀强磁场中的运动;1粒子由O到P的轨迹如图所示,粒子在磁场中做圆周运动,半径为由几何关系知由牛顿第二定律可知由此得2粒子由O到P的轨迹如图所示粒子在电场中做圆周运动,半径为由几何关系知解得由牛顿第二定律可知由此得3粒子由O经到P的轨迹如图所示,在磁场中做圆周运动,在电场中做类平抛运动在电场中运动时间t在磁场中运动时间t由此得设在磁场中做圆周运动,半径为则有电场中由此得【题型】计算题【备注】【结束】
24.【题文】如图所示,半径为R=
0.2m,光滑绝缘的圆弧轨道固定在光滑水平地面上轨道末端水平,紧靠轨道末端有一等高的绝缘平板小车,小车表面水平,车长L=1m,质量为2M,车子右端与竖直绝缘挡板的距离为s=
1.0m轨道末端右侧空间存在水平向右、大小为E=的匀强电场质量为M=1kg、不带电的滑块B静止在小车的左端质量也为M、带电荷量为q的滑块AA、B均可看作质点,图中A未画出,从轨道上的某一点由静止释放,通过轨道末端N点时对轨道的压力为A重力的3倍,与滑块B碰撞后粘合在一起,碰撞过程中无电荷量损失A、B滑块与平板车间的动摩擦因数为μ=
0.2,车与挡板碰后立即被锁定A、B粘合后与挡板碰撞过程中无能量损失,且不计电荷量损失g=10m/s2求1滑块A释放时距离N点的高度;2车与挡板相碰前摩擦产生的热量;3车与挡板碰撞后,A、B滑块经过的路程.【答案】
10.2m;231m【解析】本题主要考查牛顿第二定律、机械能守恒、动量守恒定律以及功能关系;1设滑块A到达N点时速度为根据牛顿第二定律得
①从开始释放到运动到N点根据机械能守恒定律得
②联立
①②式得h=R=
0.2m2A、B在N点的碰撞过程满足动量守恒定律设碰后AB速度为
③小车与挡板碰撞前AB加速度为
④小车的加速度为
⑤设小车从开始运动经历时间t与AB速度相等有
⑥联立得t=1s此时速度为v=2m/s1s时间内小车的位移为
⑦滑块的位移为
⑧滑块相对于小车的位移
⑨此时滑块距挡板=
0.5m故产生热量为⑩3设滑块第一次碰撞后能滑至小车左端且设挡板处的电势能为零则第一次AB与挡板碰撞后的动能⑪滑块从挡板滑至左端需要的最小能量⑫解得⑬故滑块不会从左端滑出由能量守恒得⑭故=1m.【题型】计算题【备注】【结束】。