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2019-2020年高二年级第一次月考试题(物理)
一、选择题(本题共10小题;每小题4分,共40分在每小题给出的四个选项中,有的小题只有一个选项是正确的,有的小题有多个选项是正确的全部选对的得4分,选对但不全的得2分,有错选或不答的得0分)
1.下列关于电源电动势的说法正确的是()A.电源电动势等于内、外电路电压之和B.电源电动势的单位与电能的单位相同C.电源电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压D.电源电动势是表示电源把其他形式的能转化为电能的本领大小的物理量
2、如图所示,将一电动势E=
1.5V,内阻r=
1.0Ω的电源和粗细均匀的电阻丝相连,电阻线长度L=
0.297m,电阻R=99Ω,电容C=
0.2μF,当滑动触头P以4×10—3m/s的速度向右滑动时,下列说法中正确的是()A.电容器C充电,流过电流计G的电流方向为a→G→bB.电容器C放电,流过电流计G的电流方向为b→G→aC.每秒钟电容器两极板的电压减少量的
0.02VD.流过电流计的电流是4×10—3mA3.一辆电瓶车,质量为500kg,由内阻不计的蓄电池组向直流电动机提供24V的电压,当电瓶车在水平地面上以
0.8m/s的速度匀速行驶时,通过电动机的电流为5A,设车所受的阻力是车重的
0.02倍(g=10m/s2),则此电动机的内阻是()A.
4.8ΩB.
3.2ΩC.
1.6ΩD.
0.4Ω4.如图甲所示电路中,电流表A1与A2内阻相同,A2与R1串联,当电路两端接在电压恒定的电源上时,A1示数为3A,A2的示数为2A;现将A2改为与R2串联,如图乙所示,再接在原来的电源上,那么()A.A1的示数必增大,A2的示数必减小B.A1的示数必增大,A2的示数必增大C.A1的示数必减小,A2的示数必增大D.A1的示数必减小,A2的示数必减小5.如图所示为白炽灯L1(规格为“220V,100W”)、L2(规格为“220V,60W”)的伏安特性曲线(I-U图象),则根据该曲线可确定将L1、L2两灯串联在220V的电源上时,两灯的实际功率之比大约为()A.1∶2 B.3∶5 C.5∶3 D.1∶36.质量为m、电量为q的带电粒子以速率v垂直磁感线射入磁感强度为B的匀强磁场中,在磁场力作用下做匀速圆周运动,带电粒子在圆周轨道上运动相当于一环形电流,则()A.环形电流的电流强度跟q成正比B.环形电流的电流强度跟v成正比C.环形电流的电流强度跟B成正比D.环形电流的电流强度跟m成反比7.如图所示,长为L的导线AB放在相互平行的金属导轨上,导轨宽度为d,通过的电流为I,垂直于纸面的匀强磁场的磁感应强度为B,则AB所受的磁场力的大小为()A.BILB.BIdcosθC.BId/sinθD.BIdsinθ8.如图所示,一块金属导体abcd和电源连接,处于垂直于金属平面的匀强磁场中,当接通电源、有电流流过金属导体时,下面说法中正确的是()A.导体受自左向右的安培力作用B.导体内部定向移动的自由电子受自右向左的洛伦兹力作用C.在导体的a、d两侧存在电势差,且a点电势低于d点电势D.在导体的a、d两侧存在电势差,且a点电势高于d点电势
9.下列关于磁电式电流表的说法中正确的是()A.磁电式电流表内部的蹄形磁铁和铁芯间的磁场是均匀辐向分布的B.磁电式电流表的指针偏转角度的大小与被测电流的大小成正比C.磁电式电流表的优点是灵敏度高,缺点是允许通过的电流很弱D.磁电式电流表只能测定电流的强弱,不能测定电流的方向10.竖直放置的平行板电容器,A板接电源正极,B板接负极,在电容器中加匀强磁场,磁场方向与电场方向垂直,在图中垂直纸面向里、从A板中点C的小孔入射一批带正电的微粒,入射的速度大小,方向各不相同(入射速度方向与电场方向夹角小于90°),考虑微粒受重力,微粒在平行板AB间的运动过程中()A、所有微粒的动能都将增加B、所有微粒的机械能都将不变C、有的微粒可能做匀速直线运动D、有的微粒可能做匀速圆周运动
二、实验题(本题共2小题,共20分.把答案填在题中的横线上或按题目要求作答)
11、仪器的读数与数据处理
(1)用螺旋测微器测量长度时可以精确到______mm.,读出右图情况下的测量结果_________cm
(2)多用电表表头的示意图如右当指针位置如图中箭头所示时测量结果为
①;测量结束后应将选择开关拨到
②____.无论用多用电表进行何种直流测量,电流都应该从
③_______表笔经
④___插孔流入电表
(3)测量电源电动势和内电阻的器材如图所示,请用实线表示导线,将图中器材连成实验用电路,实验时经测量得出的数据如下表,请在下图的方格纸上画出U—I图线利用图线可求出电源电动势和内电阻分别为、12.用伏安法测金属丝Rx(约5欧)的值,已知电流表的内阻为1欧,量程为
0.6A、电压表内阻约几千欧姆,量程为3V,电源电动势为9V,滑动变阻器的阻值为0~6欧,额定电流为5A,试在右图方框中画出测量Rx的原理图;
(2)试画出实物连线图
三、计算题(本题满分40分.解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤,只写出最后答案的不能得分,有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位.)13.6分如图所示,电源的电动势E=110V,电阻R1=21Ω,电动机绕组的电阻R0=
0.5Ω,电键S1始终闭合当电键S2断开时,电阻R1的电功率是525W;当电键S2闭合时,电阻R1的电功率是336W,求:
(1)电源的内电阻;
(2)当电键S2闭合时流过电源的电流和电动机的输出的功率14.7分如图所示,光滑导轨与水平面成α角,导轨宽L匀强磁场磁感应强度为B金属杆长也为L,质量为m,水平放在导轨上当回路总电流为I1时,金属杆正好能静止求⑴B至少多大?这时B的方向如何?⑵若保持B的大小不变而将B的方向改为竖直向上,应把回路总电流I2调到多大才能使金属杆保持静止?15.7分如图中电路的各元件值为R1=R2=10Ω,R3=R4=20Ω,C=300μF,电源电动势=6V,内阻不计,单刀双掷开关S开始时接通触点2,求
(1)当开关S从触点2改接触点1,且电路稳定后,电容C所带电
(2)若开关S从触点1改接触点2后,直至电流为零止,通过电阻R1的电量.
16.10分如图所示,在xoy坐标平面的第一象限内有沿-y方向的匀强电场,在第四象限内有垂直于平面向外的匀强磁场现有一质量为m,带电量为+q的粒子(重力不计)以初速度v0沿-x方向从坐标为(3l,l)的P点开始运动,接着进入磁场后由坐标原点O射出,射出时速度方向与y轴方向夹角为45°,求
(1)粒子从O点射出时的速度v和电场强度E;2粒子从P点运动到O点过程所用的时间17.10分如图所示,在x<0与x>0的区域中,存在磁感应强度大小分别为B1与B2的匀强磁场,磁场方向均垂直于纸面向里,且B1>B2一个带负电荷的粒子从坐标原点O以速度v沿x轴负方向射出,要使该粒子经过一段时间后又经过O点,B1与B2的比值应满足什么条件?高二年级第一次月考物理试题英才班题号12335678910答案一.选择题4分×10=40分二.实验题20分
11.14分1_______mm_______cm;2Ω;_________________;_____,_____;
(3)________,__________;
12.6分
三、计算题本题共5小题总分40分
13.6分
14.7分
15.7分
16.10分
17.10分高二年级第一次月考物理试题英才班
一、选择题
1、ACD;
2、BC;
3、C;
4、A;
5、D;
6、CD;
7、C;
8、AD;
9、ABC;
10、C
二、实验题
11、
(1)
0.01,
0.5042(4分);
(2)
3.4×103Ω;OFF或交流电压最高挡;红,正(4分);
(3)图略
1.46V,
0.72欧(6分)
12、略分压式、内接法(6分)
三、计算题13.(6分)解
(1)设S2断开时R1消耗的功率为P1,则,代入数据可以解得,r=1Ω
(2)设S2闭合时R1两端的电压为U,消耗的功率为P2,则,解得,U=84V由闭合电路欧姆定律得,E=U+Ir,代入数据,得I=26A流过R1的电流为I1,流过电动机的电流为I2,A,而I1+I2=I,所以I2=22A,由,代入数据得,W14.(7分)解画出金属杆的截面图由三角形定则可知,只有当安培力方向沿导轨平面向上时安培力才最小,B也最小根据左手定则,这时B应垂直于导轨平面向上,大小满足BI1L=mgsinα,B=mgsinα/I1L当B的方向改为竖直向上时,这时安培力的方向变为水平向右,沿导轨方向合力为零,得BI2Lcosα=mgsinα,I2=I1/cosα(在解这类题时必须画出截面图,只有在截面图上才能正确表示各力的准确方向,从而弄清各矢量方向间的关系)15.(7分)解
(1)接通1后,电阻R1、R2、R3、R4串联,有 I=/(R1+R2+R3+R4)=0.1A. 电容器两端电压 UC=U3+U4=I(R3+R4)=4V. 电容器带电量 Q=CUC=1.2×10-3C.
(2)开关再接通2,电容器放电,外电路分为R1、R2和R3、R4两个支路,通过两支路的电量分别为I1t和I2t,I=I1+I2;I1与I2的分配与两支路电阻成反比,通过两支路的电量Q则与电流成正比,故流经两支路的电量Q12和Q34与两支路的电阻成反比,即 Q12/Q34=(R3+R4)/(R1+R2)=40/20=2, Q12+Q34=Q=1.2×10-3C,所以 Q12=2Q/3=0.8×10-3C.16.10分解根据题意可推知带电粒子在电场中作类平抛运动,由Q点进入磁场,在磁场中作匀速圆周运动,最终由O点射出(轨迹如图所示)
(1)根据对称性可知,粒子在Q点时速度大小为v,方向与-x轴方向成45°则有vcos45°=v0解得
①在P到Q过程中
②解得
③
(2)粒子在Q点时沿-y方向速度大小vy=vsin45°P到Q的运动时间
④P到Q沿-x方向的位移为S=v0t1
⑤则OQ之间的距离为OQ=3l-S
⑥粒子在磁场中的运动半径为r,则有
⑦粒子在磁场中的运动时间
⑧粒子在由P到Q的过程中的总时间T=t1+t2
⑨由
④⑤⑥⑦⑧⑨解得17.10分粒子在整个过程中的速度大小恒为v,交替地在xy平面内B1与B2磁场区域中做匀速圆周运动轨道都是半个圆周设粒子的质量和电荷量的大小分别为m和q,圆周运动的半径分别为r1和r2,有r1=
①r2=
②现分析粒子运动的轨迹如图所示,在xy平面内,粒子先沿半径为r1的半圆C1运动至y轴上离O点距离为2r1的A点,接着沿半径为r2的半圆D1运动至O1点,OO1的距离d=2r2-r1
③此后,粒子每经历一次“回旋”(即从y轴出发沿半径为r1的半圆和半径为r2的半圆回到原点下方的y轴),粒子的y坐标就减小d设粒子经过n次回旋后与y轴交于O1点,若OO1即nd满足nd=2r1,
④则粒子再经过半圆Cn+1就能经过原点,式中r=123……为回旋次数由
③④式解得n=123……
⑤联立
①②⑤式可得,B
1、B2应满足的条件n=123……
⑥+─ααP(3l,l)v0xyO450vEBααP(3l,l)v0xyO450vEBαBP(3l,l)v0xyO450vEBv45°Q。