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2019-2020年高考仿真模拟卷广东卷
(二)物理试题含解析
一、单项选择题本题共4小题,每小题4分,共计16分在每小题给出的四个选项中,只有一个选项最符合题目要求选对的得4分,错选或不答的得0分1(xx·广东惠州三调·14).一个物体沿直线运动,从时刻开始,物体的的图像如图所示,图线与纵横坐标轴的交点分别为和,由此可知() A.物体做匀速直线运动B.物体做变加速直线运动C.物体的初速度大小为D.物体的初速度大小为2(xx·上海徐汇区期末·14).如图,斜面C放置在水平面上,小物体B放置在C上,小球A用细线跨过光滑定滑轮与B相连,B与滑轮间的细线保持竖直方向将A向左拉至一定高度(低于滑轮)由静止释放,使A在竖直平面内摆动,在A摆动过程中,B、C始终保持静止则()A.小物体B所受静摩擦力可能为零B.小物体B所受静摩擦力方向可能沿斜面向下C.斜面C对水平面的静摩擦力可能向右D.斜面C对水平面的压力可能等于B、C重力之和3(xx·河南信阳一模·2).如图是演示小蜡块运动规律的装置在蜡块沿玻璃管(y方向)上升的同时,将玻璃管紧贴着黑板沿水平方向(x方向)向右运动,得到蜡块相对于黑板(xoy平面)运动的轨迹图则蜡块沿玻璃管的上升运动与玻璃管沿水平方向的运动的形式是()A.小蜡块沿玻璃管做匀加速直线运动,玻璃管沿水平方向做匀加速直线运动B.小蜡块沿玻璃管做匀加速直线运动,玻璃管沿水平方向做匀速直线运动C.小蜡块沿玻璃管做匀速直线运动,玻璃管沿水平方向先加速后减速D.小蜡块沿玻璃管做匀速直线运动,玻璃管沿水平方向先减速后加速4(xx·上海嘉定区一模·16).如图所示,物体在斜向上的恒力F作用下从静止起沿光滑水平面运动,然后在倾角为30°的光滑斜面上运动一段距离后速度变为零当物体在水平面和斜面上速度大小均为v时,机械能随时间的瞬时变化率分别为P
1、P2若物体在水平面和斜面上的加速度大小均为3m/s2,则()A.P20,且P1P2B.P20,且P1=P2C.P20,且P1|P2|D.P20,且P1=|P2|
二、双项选择题本大题共9个小题,每小题6分,共54分每小题给出的四个选项中,有两个选项符合题目要求,全部选对者的得6分,只选1个且正确的得3分;有错选或不答的得0分5(xx·广东六校联考·7).夏天,自行车内胎充气过足,放在阳光下受暴晒,车胎极易爆裂.关于这一现象对车胎内气体描述正确的有(暴晒过程中内胎容积几乎不变)()A.车胎爆裂,是车胎内气体温度升高,分子间斥力急剧增大的结果B.在爆裂前的过程中,车胎内气体温度升高,分子无规则热运动加剧,气体压强减小C.在爆裂前的过程中,车胎内气体吸热,内能增加D.在车胎突然爆裂的瞬间,车胎内气体内能减少6(xx·山东泰安一模·39
(1))下列说法中正确的是()A.天然放射现象说明原子核内部有电子B.发现质子的核反应方程是C.衰变成要经过6次衰变和8次衰变D.氢原子从n=2能级跃迁到n=1能级辐射出光子的能量,高于从氢原子n=8能级跃迁到n=2能级所释放出光子的能量7(xx·全国大联考江苏卷·7).如图甲所示的电路中,理想变压器原、副线圈匝数比为10︰l,A、V均为理想电表,R、L和D分别是光敏电阻(其阻值随光强增大而减小)、理想线圈和灯泡原线圈接入图乙所示的正弦交流电压u,下列说法中正确的是()A.交流电的方向每秒钟改变50次B.在t=
0.005s时,电压表V的示数为C.有光照射R时,D变亮D.抽出L中的铁芯,A的示数变大8(xx·上海黄浦区上学期期终·20).如图所示,光滑水平桌面上有A、B两个带电小球(可以看成点电荷),A球带电量为+3q,B球带电量为-q,由静止同时释放后A球加速度大小为B球的两倍现在A、B中点固定一个带正电C球(也可看作点电荷),再由静止同时释放A、B两球,结果两球加速度大小相等则C球带电量为()A.qB.qC.qD.q9(xx·辽宁沈阳一模·7).为了探测x星球,总质量为的探测飞船载着登陆舱在以该星球中心为圆心的圆轨道上运动,轨道半径为,运动周期为随后质量为的登陆舱脱离飞船,变轨到离星球更近的半径为的圆轨道上运动,则()A.x星球表面的重力加速度B.x星球的质量C.登陆舱在与轨道上运动时的速度大小之比D.登陆舱在半径为轨道上做圆周运动的周期
三、非选择题
10.
(1)(xx·武汉部分重点中学第一次联考·14)某同学用伏安法测一节干电池的电动势和内阻,现备有下列器材A.被测干电池一节B.电流表量程0~
0.6A,内阻C.电流表量程0~
0.6A,内阻约为D.电压表量程0~3V,内阻未知E.电压表量程0~15V,内阻未知F.滑动变阻器0~10Ω,2AG.滑动变阻器0~100Ω,1AH.开关、导线若干伏安法测电池电动势和内阻的实验中,由于电流表和电压表内阻的影响,测量结果存在系统误差.在现有器材的条件下,要尽可能准确地测量电池的电动势和内阻.
①在上述器材中请选择适当的器材___(填写选项前的字母);
②实验电路图应选择下图中的(填“甲”或“乙”)
③根据实验中电流表和电压表的示数得到了如图丙所示的U-I图象,则在修正了实验系统误差后,干电池的电动势E=______V,内电阻r=____Ω.
(2)(xx·陕西宝鸡高三质量检测·23)振华同学用下图所示的实验装置验证牛顿第二定律(I)该实验装置中有两处错误,分别是和(II)振华同学在老师的指导下改正了实验装置中的错误后,将细绳对小车的拉力当作小车及车上砝码受到的合外力,来验证“合外力一定时加速度与质量成反比”
①实验中,砝码盘及盘内小砝码的总质量m最好应为(填选项前的字母)A.10gB.50gC.100gD.1kg
②振华同学在验证“合外力一定时加速度与质量成反比”的实验时,用电磁打点计时器打了一条理想的纸带,他按要求选取计数点后,在测量各相邻两计数点间的距离时不慎将纸带撕成了几段,但他清楚的知道甲、乙图属于同一纸带,则丙、丁、戊图中属于上述纸带的是
③由甲、乙图可求得小车的加速度大小为m/s2(小数点后保留两位数字)11(xx·安徽黄山高三一模·15).如图所示,半径分别为R和r(Rr)的甲乙两光滑圆轨道安置在同一竖直平面内.两轨道之间由一光滑水平轨道CD相连,在水平轨道CD上有一轻弹簧被a、b两个小球夹住,但不拴接.同时释放两小球,1已知小球a的质量为m,若a、b球恰好能通过各自的圆轨道的最高点,求小球b的质量;2若ma=mb=m,且要求a、b都还能够通过各自的最高点,则弹簧在释放前至少具有多大的弹性势能?12(xx·江苏南通市一调·13).如图所示,水平面上两平行光滑金属导轨间距为L,左端用导线连接阻值为R的电阻.在间距为d的虚线MN、PQ之间,存在方向垂直导轨平面向下的磁场,磁感应强度大小只随着与MN的距离变化而变化.质量为m、电阻为r的导体棒ab垂直导轨放置,在大小为F的水平恒力作用下由静止开始向右运动,到达虚线MN时的速度为v0.此后恰能以加速度a在磁场中做匀加速运动.导轨电阻不计,始终与导体棒电接触良好.求
(1)导体棒开始运动的位置到MN的距离x;
(2)磁场左边缘MN处的磁感应强度大小B;
(3)导体棒通过磁场区域过程中,电阻R上产生的焦耳热QR.物理参考答案及解析1.C【命题立意】本题旨在考查匀变速直线运动的图像【解析】A、B、根据,可知物体的速度均匀增大,做匀加速直线运动,故A,B错误;C、D、图线纵轴截距表示初速度,则知物体的初速度大小为
0.5m/s,故C正确,D错误故选择C答案2.A【命题立意】本题旨在考查共点力平衡的条件及其应用、摩擦力的判断与计算【解析】A、小球A在最低点时,绳子的拉力和重力提供向心力,当绳子的拉力正好等于B的重力时,BC之间没有弹力,此时BC间摩擦力等于零,若绳子的拉力小于B的重力,则B有沿斜面向下运动的趋势,受沿斜面向上的摩擦力,可见小物体B所受静摩擦力方向不可能沿斜面向下,故A正确B错误;C、BC接触的时候处于相对静止,对BC整体进行受力分析可知,水平方向没有运动的趋势,所以C不受地面的摩擦力,故C错误;D、A在竖直平面内摆动,做圆周运动,重力和绳子的拉力的合力提供向心力,所以绳子的拉力不可能等于零,所以C对地面的压力不可能等于B、C重力之和,故D错误故选A【易错警示】本题解题的关键是受力分析,要求同学们能正确选择研究对象进行受力分析,知道A在竖直平面内摆动,做圆周运动,重力和绳子的拉力的合力提供向心力,绳子的拉力不可能等于零,难度适中3.D【命题立意】本试卷旨在考查运动的合成和分解【解析】由曲线运动的条件可知,合力与初速度不共线,且轨迹的弯曲大致指向合力的方向,若蜡块沿玻璃管做匀速直线运动,则玻璃管沿x方向先减速后加速;若蜡块沿水平方向做匀速直线运动,则玻璃管沿x方向先加速后减速;故A、B、C错误,D正确故选D4.A【命题立意】本题旨在考查功率、平均功率和瞬时功率【解析】由功能关系知道机械能随时间的瞬时变化率等于拉力F的功率,则P1=Fvcosα由牛顿第二定律得Fcosα=ma,则P1=mav=3mvP2=F′v,F′为F沿斜面方向的分力大小.根据牛顿第二定律得mgsin30°﹣F′=ma将a=3m/s2,代入解得F′=2m则P2=2mv,所以P1>P2.由于F一直做正功,所以物体的机械能一直在增大,则P2>0,故A正确.故选A.【举一反三】关键要明确理解功能关系,明确功率的一般公式P=Fvcosα,α是F与v的夹角5.CD【命题立意】本题旨在考查理想气体的状态方程、物体的内能【解析】A、车胎爆炸是由于车胎内气体压强太大造成的,车胎内气体温度升高,但在爆炸前,气体体积不变,分子间的平均距离不变,分子间斥力不变,故A错误;B、自行车内胎充气过足,放在阳光下受暴晒,在车胎爆炸前,车胎内气体吸收热量,温度升高,内能增大,车胎容积不变,气体体积不变,与玻意耳定律可知,气体压强变大,故B错误,C正确;D、在爆炸瞬间,气体对外做功,气体内能减少,故D正确故选CD6.CD【命题立意】本题旨在考查氢原子的能级公式和跃迁、原子核衰变及半衰期【解析】A、天然放射现象说明原子核内部有复杂结构,原子核内部无电子.故A错误;B、该核反应方程质量数不守恒.故B错误;C、根据质量数和电荷数守恒知,铀核()衰变为铅核()要经过8次衰变和6次衰变,C正确;D、n=2和n=1间的能级差大于n=8和n=2间的能级差,则氢原子从n=2能级跃迁到n=1能级辐射出光子的能量,高于从n=8能级跃迁到n=2能级所辐射出光子的能量.故D正确故选CD7.CD【命题立意】考查变压器交变电流的描述【解析】根据图线知,原线圈交变电流的周期是
0.02s,频率50HZ,交流电的方向每秒钟改变100次,A错;原线圈电压的有效值220V,根据得,电压表V的示数为有效值22V,B错;有光照射R时,电阻变小,副线圈的电流变大,D变亮,C正确;抽出L中的铁芯,自感系数变小,线圈对交变电流的阻碍作用变小,副线圈电流变大,则原线圈电流变大,A的示数变大,D正确8.AB【命题立意】本题旨在考查库仑定律【解析】由静止开始释放,A球加速度的大小为B球的2倍.根据牛顿第二定律可知,A、B两个带电小球的质量之比为12;当在AB中点固定一个带正电小球C,由静止释放A、B两球,释放瞬间两球加速度大小相等,根据库仑定律与牛顿第二定律,且有对A来说,K﹣K=ma对B来说,K+K=2ma综上解得,QC=根据库仑定律与牛顿第二定律,且有对A来说,K﹣K=ma对B来说,K+K=2ma综上解得,QC=q,故AB正确,CD错误;故选AB【易错警示】解决本题的关键抓住库仑定律中库仑力与电量的乘积成正比,与距离的平方成反比,同时根据牛顿第二定律求出加速度9.BD【命题立意】本题旨在考查万有引力定律及其应用【解析】A、B、研究飞船绕星球做匀速圆周运动,根据万有引力提供向心力,列出等式得出,故B正确;根据圆周运动知识,只能表示在半径为r1的圆轨道上向心加速度,而不等于X星球表面的重力加速度,故A错误;C、研究登陆舱绕星球做匀速圆周运动,根据万有引力提供向心力有在半径为r的圆轨道上运动得出表达式里M为中心体星球的质量,r为运动的轨道半径,所以登陆舱在与轨道上运动时的速度大小之比为,故C错误;D、研究登陆舱绕星球做匀速圆周运动,根据万有引力提供向心力,列出等式在半径为r的圆轨道上运动得出表达式里M为中心体星球的质量,R为运动的轨道半径.所以登陆舱在与轨道上运动时的周期大小之比为,所以,故D正确故选BD10.
(1)
①__ABDFH_
②乙
③__
1.5__;__
1.0__【命题立意】本题旨在考查测定电的电动势和内阻【解析】
①在上述器材中请选择适当的器材A.被测干电池一节为了读数准确,所以选择B.电流表量程0~
0.6A,D.电压表量程0~3V,滑动变阻器阻值较小有利于电表的数值变化,减小误差,故选F.滑动变阻器,H.开关、导线若干;
②测量电电动势和内阻的时候,由于电的内阻是很小的,若采用甲图的接法,由于电流表内阻的影响,会使测量电阻偏大,为了减小内阻的测量误差,实验时应选用电路图乙
③由U-I图可知,电的电动势为E=
1.50V;内电阻为r==
1.0Ω【举一反三】
(1)实验中要能保证安全和准确性选择电表;
(2)本实验应滑动变阻器和电压表联合测量,由实验原理可得出电路原理图;
(3)由原理利用闭合电路欧姆定律可得出表达式,由数学关系可得出电动势和内电阻10.
(2)(I)滑轮太高(或细绳与长木板不平行);打点计时器接到直流电源上(或打点计时器应接交流电源);(II)
①A;
②戊;
③
2.30【命题立意】本题旨在考查探究加速度与物体的质量、受力的关系【解析】(I)该实验装置中有两处错误,分别是滑轮太高(或细绳与长木板不平行);打点计时器接到直流电源上(或打点计时器应接交流电源)(II)
①该实验要求砝码和砝码盘的总质量远远小于车的质量,即砝码和砝码盘的质量尽量小,故A正确,BCD错误,故选A
②根据刻度尺的读数可知,
1、2两点的距离为,
2、3两点的距离为根据逐差相等的公式,所以,故戊纸袋最符合,故选戊
③根据逐差相等公式故答案为滑轮太高(或细绳与长木板不平行);打点计时器接到直流电源上(或打点计时器应接交流电源);
(2)
①A;
②戊;
③
2.
30.11.
(1);
(2)【命题立意】本题旨在考查动能定理的应用、功能关系【解析】
(1)根据牛顿第二定律得a、b球恰好能通过各自的圆轨道的最高点的速度分别为
①②由动量守恒定律
③根据机械能守恒定律得
④⑤联立
①②③④⑤得,即
(2)若,由动量守恒定律得当b球恰好能通过圆轨道的最高点时,最小根据机械能守恒得答
(1)小球b的质量为;
(2)若,且要求a、b都还能够通过各自的最高点,则弹簧在释放前至少具有的弹性势能12.
(1)
(2)
(3)【命题立意】本题旨在考查电磁感应定律、能量守恒定律【解析】
(1)导体棒在磁场外,由动能定理有解得
(2)导体棒刚进磁场时产生的电动势由闭合电路欧姆定律有又由牛顿第二定律有解得
(3)导体棒穿过磁场过程,由牛顿第二定律有导体棒克服安培力做功电路中产生的焦耳热电阻R上产生的焦耳热解得答
(1)导体棒开始运动的位置到MN的距离为;
(2)磁场左边缘MN处的磁感应强度大小为;
(3)导体棒通过磁场区域过程中,电阻R上产生的焦耳热为ACBFt/×10-2s丙甲乙丙丁戊RdabFNMPQ。