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2019-2020年高考物理一轮精品复习之创新演练32
一、选择题本题共8小题,每小题6分,共48分每小题至少有一个选项正确,全部选对的得6分,选对但不全的得4分,有选错的或不答的得0分1.关于物体的惯性,下列说法正确的是 A.物体受力后可以改变运动状态,所以作用力可以改变惯性B.快速行驶的汽车,刹车时困难,因而速度大时惯性大C.满载货物的汽车比不载货时刹车困难,故满载时比空载时惯性大D.以上说法均不正确解析力是改变物体运动状态的原因,但惯性是物体的固有属性,是不随力而改变的,故A错误快速行驶的汽车,刹车困难是因为在相同加速度的情况下,速度大的滑行距离长,但不是速度大时惯性大,故B错质量是惯性大小的唯一量度,汽车满载时比空载时质量大,故满载的汽车惯性大,C正确答案C2.关于作用力和反作用力的说法正确的是 A.物体间发生相互作用时先有作用力,后有反作用力B.作用力和反作用力的大小相等、方向相反,所以物体一定保持平衡C.人加速奔跑时,地对人的作用力大于人对地的作用力D.重力和弹力不可能是一对作用力和反作用力解析作用力和反作用力同时产生,同时消失,大小相等,方向相反,但不能合成,A、B错误地对人的作用力与人对地的作用力是一对作用力与反作用力,大小相等,C错误重力和弹力是不同性质的力,故不可能是一对作用力和反作用力,D正确答案D3.一物体位于光滑水平面上,同时受到三个水平共点力F
1、F2和F3的作用,其大小分别为F1=42N、F2=28N、F3=20N,且F1的方向指向正北,下列说法中正确的是 A.这三个力的合力可能为零B.F
1、F2两个力的合力大小可能为20NC.若物体处于匀速直线运动状态,则F
2、F3的合力大小一定为48N,方向指向正南D.若物体处于静止状态,则F
2、F3的合力大小一定为42N,方向与F1相反,为正南解析F
1、F2的合力范围是|F1-F2|≤F≤F1+F2,即14N≤F≤70N,B选项正确F3的大小处于此范围之内,所以这三个力的合力可能为零,选项A正确若物体处于平衡状态静止或匀速直线运动,则其中两个力的合力必定与第三个力等大反向,选项C错,D对答案ABD4.几位同学为了探究电梯启动和制动时的加速度大小,他们将体重计放在电梯内一位同学站在体重计上,然后乘坐电梯从1层直接到10层,之后又从10层直接回到1层并用照相机进行了相关记录,如图1所示他们根据记录,进行了以下推断分析,其中正确的是 图1A.根据图b和图c可估测出电梯向上启动时的加速度B.根据图a和图b可估测出电梯向上制动时的加速度C.根据图a和图e可估测出电梯向下制动时的加速度D.根据图d和图e可估测出电梯向下启动时的加速度解析无论是估测制动时的加速度还是估测启动时的加速度,都必须知道该同学静止时的重力,即必选a图,选项A、D错误;据图a和图b可估测出电梯向上启动时的加速度,选项B错误;根据图a和图e可估测出电梯向下制动时的加速度,选项C正确答案C5.如图2甲所示,在粗糙的水平面上,物块A在水平向右的外力F的作用下做直线运动,其v-t图像如图乙中的实线所示,下列判断中正确的是 图2A.在0~1s内,外力F不断变化B.在1~3s内,外力F保持不变C.在3~4s内,外力F不断增大D.在3~4s内,外力F不断减小解析由图像可知,在0~1s内,物块做匀加速直线运动,加速度恒定,由牛顿第二定律可知,合力恒定,因此拉力恒定,A错误;在1~3s内,物块做匀速直线运动,合力为0,拉力大小始终等于摩擦力的大小,B正确;在3~4s内,物体做减速运动,加速度越来越大,摩擦力恒定,则由Ff-F=ma可知,拉力F越来越小,C错误,D正确答案BD6.一有固定斜面的小车在水平面上做直线运动,小球通过细绳与车顶相连小球某时刻正处于图3所示状态设斜面对小球的支持力为N,细绳对小球的拉力为T,关于此时刻小球的受力情况,图3下列说法正确的是 A.若小车向左运动,N可能为0B.若小车向左运动,T可能为0C.若小车向右运动,N不可能为0D.若小车向右运动,T不可能为0解析当加速度向左时,拉力T可能为0,加速度向右时,支持力N可能为0,两种可能均与小车的运动方向无关,故A、B正确,C、D错误答案AB7.“蹦极”是一项非常刺激的体育运动某人身系弹性绳自高空P点自由下落,图4中a点是弹性绳的原长位置,c点是人所到达的最低点,b点是人静止悬吊时的平衡位置人在从P点落下到最低点c的过程中 A.人在Pa段做自由落体运动,处于完全失重状态B.在ab段绳的拉力小于人的重力,人处于失重状态图4C.在bc段绳的拉力小于人的重力,人处于失重状态D.在c点,人的速度为零,其加速度为零解析判断人是处于超重状态还是失重状态,只要看人的加速度方向,Pa段人做自由落体运动,加速度为g,人处于完全失重状态;人从a到b的过程中,人的重力大于弹力,合力方向向下,加速度方向向下,人处于失重状态;b点,人的重力等于弹力,加速度为零;由b到c,人的重力小于弹力,合力方向向上,加速度方向向上,人处于超重状态,当弹性绳伸长到c点时,人处于最大超重状态答案AB8.如图5所示,A、B两物体用细绳连接后放在斜面上,如果两物体与斜面间的摩擦因数都为μ,则它们下滑的过程中 A.它们的加速度a=gsinαB.它们的加速度a<gsinα图5C.细绳中的张力FT=0D.细绳中的张力FT=mAgsinα-cosα解析对A、B组成的系统整体运用牛顿第二定律有mA+mBgsinα-μmA+mBgcosα=mA+mBa,得a=sinα-μcosαg<gsinα,故选项B正确对A进行隔离,运用牛顿第二定律有mAgsinα-μmAgcosα-FT=mAa,得FT=0,故选项C正确答案BC
二、实验题本题包括1小题,共12分把答案填在题中横线上,或按题目要求作答9.12分在“验证牛顿运动定律”的实验中,采用如图6所示的实验装置,小车及车中砝码的质量用M表示,盘及盘中砝码的质量用m表示,小车的加速度可由小车后拖动的纸带上的点计算出1当M与m的大小关系满足________时,才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘及盘中砝码的重力2一组同学在做加速度与质量的关系实验时,保持盘及盘中砝码的质量一定,改变小车及车中砝码的质量,测出相应的加速度,采用图像法处理数据为了比较容易地检查出加速度a与质量M的关系,应该作a与________的图像图63如图7a所示为甲同学根据测量数据做出的a-F图线,此图线说明实验存在的问题是________________________________________________________________________4乙、丙同学用同一装置做实验,画出了各自得到的a-F图线如图b所示,两个同学做实验时的哪一个物理量取值不同_______________________________________________图7解析1只有M与m满足M≫m时,才可认为绳对小车的拉力近似等于盘及盘中砝码的重力2由于a∝,所以a-图像应是一条过原点的直线,所以数据处理时,常作出a与的图像3当力不为零时加速度却为零,说明没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不够4小车及车上的砝码的总质量不同时,a-F图像的斜率也就不同答案1M≫m 2 3没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不够 4小车及车中砝码的总质量
三、计算题本题包括3小题,共40分解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤,只写出最后答案的不能得分,有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位10.12分如图8所示,在前进的车厢的竖直后壁上放一个物体,物体与壁间的动摩擦因数μ=
0.8,要使物体不致下滑,车厢至少应以多大的加速度前进?g=10m/s2图8解析设物体的质量为m,在竖直方向上有mg=F,F为摩擦力在临界状态下,F=μFN,FN为物体所受水平弹力又由牛顿第二定律得FN=ma由以上各式得加速度a===m/s2=
12.5m/s2答案
12.5m/s211.14分2011年3月11日日本发生的
9.0级大地震牵动亿万人的心,各种救灾物资不断通过机场和火车站运送到灾区,传送带在装送救灾物资方面发挥着巨大的作用如图9所示为一水平传送带装置示意图,图9绷紧的传送带始终保持v=1m/s的恒定速率运行,一质量为m=4kg的救灾物资以初速度为0放在A处,传送带对救灾物资的摩擦力使救灾物资做匀加速直线运动,随后救灾物资又以与传送带相等的速率运动若救灾物资与传送带间的动摩擦因数μ=
0.1,A、B间的距离l=2m,g取10m/s21求救灾物资刚开始运动时所受滑动摩擦力大小与加速度大小;2求救灾物资从A运动到B的时间;3若救灾物资下面粘有煤灰,求救灾物资在传送带上留下的黑色痕迹的长度解析1救灾物资刚开始运动时所受滑动摩擦力F=μmg=4N摩擦力提供救灾物资运动的动力,由牛顿第二定律得F=ma解得a=1m/s22设救灾物资做匀加速直线运动的时间为t1,救灾物资加速运动的末速度为v=1m/s,则v=at1代入数据解得t1=1s匀加速直线运动的位移x1=t1=
0.5m随传送带匀速运动的时间t2==
1.5s所以救灾物资从A运动到B的时间t=t1+t2=
2.5s3黑色痕迹的长度即救灾物资相对传送带滑过的位移,救灾物资在加速这段时间内发生的位移为x1加速时间内传送带发生的位移为x2=vt1所以黑色痕迹的长度为x2-x1=t1=×1m=
0.5m答案14N 1m/s2
22.5s
30.5m12.14分如图10所示,绳和滑轮的质量、摩擦均不计已知A、B两物体的质量分别为mA=8kg,mB=2kg,A物体与水平桌面图10间的动摩擦因数为
0.2,桌面和绳都足够长,物体B距地面的高度h=
0.2m,当物体B由静止释放后,A物体停止运动前通过的距离总共有多长?g取10m/s2解析分别对A、B两物体进行受力分析,如图所示对A、B在运动方向上分别应用牛顿第二定律FA-μmAg=mAaA,mBg-FB=mBaB又因为FA=FB,aA=aB所以联立以上各式,代入数据可得出加速度的值为aA=aB=
0.4m/s2由运动学公式2ax=v2得B物体刚落地时A的速度为vA==m/s=
0.4m/sA物体的位移x1=h=
0.2m以后A物体做匀减速运动,aA′=μg=2m/s2由2ax=v2得,后一段时间内A物体的位移为x2==m=
0.04m所以A物体的总位移为x总=x1+x2=
0.2m+
0.04m=
0.24m答案
0.24m。