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2019年高三第二次月考试卷(物理)
一、选择题本题共10小题,每小题4分,共40分.在每小题给出的四个选项中,有的只有一个选项正确,有的有多个选项正确,全部选对的得4分,选对但不全的得2分,有错选或不答的得0分1.如图所示,汽车在倾斜的高速路上拐弯时,半径为r,弯道的倾角为θ,则汽车完全不靠摩擦力转弯时的速率是转弯轨迹是水平的 A. B.C.D.2.如图所示,质量均为m的A、B两物块置于光滑水平地面上,倾角为θ.A、B接触面光滑,现分别以水平恒力F作用于A物块上,保持A、B相对静止共同运动,则下列说法正确的是 A.采用甲方式比采用乙方式的最大加速度大B.两种情况下获取的最大加速度相同C.两种情况下所加的最大推力相同D.采用乙方式可用的最大推力大于甲方式的最大推力3.如图所示,质量分别为mA和mB的物体A、B用细绳连接后跨过滑轮,A静止在倾角为45°的斜面上.已知mA=2mB,不计滑轮摩擦,现将斜面倾角由45°增大到50°,系统保持静止.下列说法正确的是 A.细绳对A的拉力将增大B.A对斜面的压力将减小C.A受到的静摩擦力不变D.A受到的合力将增大4.如图所示,在同一竖直平面内有两个正对着的半圆形光滑轨道,轨道的半径都是R.轨道端点所在的水平线相隔一定的距离x.一质量为m的小球能在其间运动而不脱离轨道,经过最低点B时的速度为v.小球在最低点B与最高点A对轨道的压力之差为ΔFΔF0,不计空气阻力.则 A.m、x一定时,R越大,ΔF一定越大B.m、x一定时,v越大,ΔF一定越大C.m、R一定时,x越大,ΔF一定越大D.m、R一定时,v越大,ΔF一定越大
5.2009年10月1日建国60周年的国庆阅兵场上,呈现在世人面前的导弹装备全部为首次亮相的新型号主战武器,有5种新型号导弹,共计108枚.与此前两次国庆阅兵展示相比,身材小了,威力强了,精度高了.其中新型中远程地地导弹,打击效能多样,已成为信息化条件下局部战争的“拳头”.如图所示,从地面上A点发射一枚中远程地地导弹,在引力作用下沿ACB椭圆轨道飞行击中地面目标B,C为轨道的远地点,距地面高度为h.已知地球半径为R,地球质量为m地,引力常量为G,不计空气阻力.下列结论中正确的是A.导弹在运动过程中只受重力作用,做匀变速曲线运动B.导弹在C点的加速度等于C.地球球心为导弹椭圆轨道的一个焦点D.导弹离开A点时的速度大于第一宇宙速度6.某星球的质量约为地球质量的9倍,半径约为地球半径的一半,若从地球表面高h处平抛一物体,射程为60m,则在该星球上,从同样高度以同样的初速度平抛同一物体,射程应为 A.10mB.15mC.90mD.360m7.如图所示,质量为m′的半圆形轨道槽放置在水平地面上,槽内壁光滑.质量为m的小物体从槽的左侧顶端由静止开始下滑到右侧最高点的过程中,轨道槽始终静止,则该过程中 A.轨道槽对地面的最小压力为m′gB.轨道槽对地面的最大压力为m′+3mgC.轨道槽对地面的摩擦力先增大后减小D.轨道槽对地面的摩擦力方向先向左后向右8.如图所示,汽车以10m/s的速度匀速驶向路口,当行驶至距路口停车线20m处时,绿灯还有3s熄灭.而该汽车在绿灯熄灭时刚好停在停车线处,则汽车运动的速度v-时间t图象可能是
9.如图所示,用皮带输送机将质量为M的物块向上传送,两者间保持相对静止,则下列关于物块所受摩擦力Ff的说法正确的是 A.皮带传送的速度越大,Ff越大B.皮带加速运动的加速度越大,Ff越大C.皮带速度恒定,物块质量越大,Ff越大D.Ff的方向一定与皮带速度方向相同
10.如图所示,水平抛出的物体,抵达斜面上端P处时速度恰好沿着斜面方向,紧贴斜面PQ无摩擦滑下;下列函数图为物体沿x方向和y方向运动的位移—时间图象及速度—时间图象,其中可能正确的是
二、实验题本题共2小题,共20分.把答案填在题中横线上,或按题目要求作答
11、8分英国物理学家胡克发现,金属丝或金属杆在弹性限度内的伸长与拉力成正比,这就是著名的胡克定律.这个发现为后人对材料的研究奠定了重要的基础.现有一根用新材料制成的金属杆,长为4m,横截面积为
0.8cm2,设计要求它受到拉力后的伸长不超过原长的1/1000,由于这一拉力很大,杆又较长,直接测量有困难,就选用同种材料制成样品进行测试,通过测试取得的数据如下长度L/m
250500750100010.
050.
040.
080.
120.
1620.
050.
080.
160.
240.
3230.
050.
120.
240.
360.
4810.
100.
020.
040.
060.
0810.
200.
010.
020.
030.041根据测试结果,推导出线材伸长量x与材料的长度L、材料的横截面积S与拉力F的函数关系为________.2在寻找上述关系中,你运用哪种科学研究方法?________.3通过对样品的测试,求出新材料制成的金属细杆能承受的最大拉力约________.12.12分某实验小组利用如图12所示的实验装置来探究当合外力一定时,物体运动的加速度与其质量之间的关系.图121由图中刻度尺读出两个光电门中心之间的距离x=24cm,由图13中游标卡尺测得遮光条的宽度d=________cm.该实验小组在做实验时,将滑块从图12所示位置由静止释放,由数字计时器可以读出遮光条通过光电门1的时间Δt1,遮光条通过光电门2的时间Δt2,则滑块经过光电门1时的瞬时速度的表达式v1=________,滑块经过光电门2时的瞬时速度的表达式v2=________,则滑块的加速度的表达式a=________.以上表达式均用字母表示图13 图14mgam/s
22502.
023001.
653501.
334001.
255001.
008000.632在本次实验中,实验小组通过改变滑块质量总共做了6组实验,得到如下表所示的实验数据.请利用表格数据,在图14坐标系中描点作出相应图象.你得出的结论是___________________________________.
三、计算题本题共4小题,共40分.解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤13.(8分)宇宙中存在一些离其他恒星较远的、由质量相等的三颗星组成的三星系统,通常可忽略其他星体对它们的引力作用现已观测到稳定的三星系统存在两种基本的构成形式一种是三颗星位于同一直线上,两颗星围绕中央星在同一半径为R的圆轨道上运行;另一种形式是三颗星位于等边三角形的三个顶点上,并沿外接于等边三角形的圆轨道上运行设每个星体的质量均为m万有引力常量为G
(1)试求第一种形式下,星体运动的线速度和周期;
(2)假设两种形式星体的运动周期相同,第二种形式下星体之间的距离应为多少?
14、(10分)一个质量为
0.2kg的小球用细线吊在倾角θ=53°的斜面顶端,如图,斜面静止时,球紧靠在斜面上,绳与斜面平行,不计摩擦,当斜面以10m/s2的加速度向右做加速运动时,求绳的拉力及斜面对小球的弹力.15.10分一根质量分布均匀的米尺长度为1m,质量为
0.2kg,放在水平桌面上,它与桌面间的动摩擦因数为μ=
0.
16.有1/4长度露在桌外,现有一水平拉力F=
0.4N沿着米尺方向作用于米尺上,作用多长时间,恰好使米尺不从桌边落下.g取10m/s216.12分如图所示,一内壁光滑的细管弯成半径为R=
0.4m的半圆形轨道CD,竖直放置,其内径略大于小球的直径,水平轨道与竖直半圆轨道在C点连接完好.置于水平轨道上的弹簧左端与竖直墙壁相连,B处为弹簧的自然状态.将一个质量为m=
0.8kg的小球放在弹簧的右侧后,用力向左侧推小球而压缩弹簧至A处,然后将小球由静止释放,小球运动到C处后对轨道的压力为F1=58N.水平轨道以B处为界,左侧AB段长为x=
0.3m,与小球的动摩擦因数为μ=
0.5,右侧BC段光滑.g=10m/s2,求1弹簧在压缩时所储存的弹性势能.2小球运动到轨道最高处D点时对轨道的压力.白鹭洲中学xx届高三第一次月考物理答题卷
一、选择题每小题4分,10小题共40分,每小题至少有一个选项符合题意全部选对的得4分,选对但不全的得2分,有选错或不答的得0分12345678910
二、实验题(20分)
11、
(1)
(2)
(3)
12、12
三、计算题,共40分请写出必要的文字说明,重要的方程式、重要的演算过程,明确的数值和单位
13、(8分)
14、(10分).
15、(10分)
16、(12分)白鹭洲中学xx届高三第一次月考物理答题卷
一、选择题每小题4分,10小题共40分,每小题至少有一个选项符合题意全部选对的得4分,选对但不全的得2分,有选错或不答的得0分12345678910CBCBCCAABDBCBCAD
二、实验题(20分)
11、
(1)x=k(3分)
(2)控制条件法(2分)
(3)104N(3分)
12、
10.52 2在合外力不变的情况下,物体运动的加速度跟物体的质量成反比,(或当合外力一定时,在误差允许的范围内,物体质量和加速度的乘积近似相等.)如图所示
三、计算题,共40分请写出必要的文字说明,重要的方程式、重要的演算过程,明确的数值和单位
13、(8分)
(1)解第一种形式下,由万有引力和牛顿第二定律得(2分)解得(2分)周期(2分)得(1分)
(2)第二种形式下,由万有引力和牛顿第二定律得(2分)角速度解得(2分)
14、(10分)当加速度a较小时,小球与斜面体一起运动,此时小球受重力、绳拉力和斜面的支持力作用,绳平行于斜面,当加速度a足够大时,小球将“飞离”斜面,此时小球受重力和绳的拉力作用,绳与水平方向的夹角未知,题目中要求a=10m/s2时绳的拉力及斜面的支持力,必须先求出小球离开斜面的临界加速度a
0.(此时,小球所受斜面支持力恰好为零)由mgcotθ=ma0所以a0=gcotθ=
7.5m/s2因为a=10m/s2>a0所以小球离开斜面N=0,小球受力情况如图2-7,则Tcosα=maTsinα=mg所以T==
2.83NN=
0.
15、(10分)解析取米尺为研究对象,从开始运动到停止运动,先做匀加速直线运动,再做匀减速直线运动,由于米尺恰好不从桌边落下,则前进的总位移为
0.25m在F的作用下做匀加速运动的加速度大小为a1===
0.4m/s2撤去F后,在摩擦力作用下做匀减速运动的加速度大小为a2==μg=
1.6m/s2设水平力F作用的时间为t,则根据前进的总位移列式a1t2+=
0.25代入得×
0.4t2+=
0.25解得t=1s.答案1s
16、(12分)解析1对小球在C处,由牛顿第二定律及向心力公式得F1-mg=mv1==m/s=5m/s从A到B由动能定理得Ep-μmgx=mv12Ep=mv12+μmgx=×
0.8×52J+
0.5×
0.8×10×
0.3J=
11.2J.2从C到D由机械能守恒定律得mv12=2mgR+mv22v2==m/s=3m/s由于v2=2m/s,所以小球在D处对轨道外壁有压力.小球在D处,由牛顿第二定律及向心力公式得F2+mg=mF2=m-g=
0.8×-10N=10N.由牛顿第三定律得小球对轨道压力为10N.答案
111.2J 210N,方向向上伸面S/cm2截横量x/cm长拉力F/N学校__________班级考场姓名考号图2-7。