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2019-2020年高考物理二轮专题复习力及物体的平衡教案
一、力的分类1.按性质分重力(万有引力)、弹力、摩擦力、分子力、电场力、磁场力……(按现代物理学理论,物体间的相互作用分四类长程相互作用有引力相互作用、电磁相互作用;短程相互作用有强相互作用和弱相互作用宏观物体间只存在前两种相互作用)2.按效果分压力、支持力、拉力、动力、阻力、向心力、回复力……3.按产生条件分场力(非接触力,如万有引力、电场力、磁场力)、接触力(如弹力、摩擦力)
二、重力地球上一切物体都受到地球的吸引,这种由于地球吸引而使物体受到的力叫做重力重力又可以叫做重量实际上重力G只是万有引力F的一个分力对地球表面上的物体,万有引力的另一个分力是使物体随地球自转的向心力f,如图所示由于f比G小得多(f与G的比值不超过
0.35%),因此高考说明中明确指出在地球表面附近,可以认为重力近似等于万有引力物体各部分都要受到重力作用从效果上看,我们可以认为各部分受到的重力作用都集中在一点,这一点叫做物体的重心重心可能在物体内,也可能在物体外
三、弹力1.弹力的产生条件弹力的产生条件是两个物体直接接触,并发生弹性形变2.弹力的方向⑴压力、支持力的方向总是垂直于接触面指向被挤压或被支持的物体⑵绳对物体的拉力总是沿着绳收缩的方向例1.如图所示,光滑但质量分布不均的小球,球心在O,重心在P,静止在竖直墙和桌角之间试画出小球所受的弹力解由于弹力的方向总是垂直于接触面,在A点,弹力F1应该垂直于球面,所以沿半径方向指向球心O;在B点弹力F2垂直于墙面,因此也沿半径指向球心O对于圆球形物体,所受的弹力必然指向球心,但不一定指向重心(由于F
1、F
2、G为共点力,重力的作用线必须经过O点,因此P、O必在同一竖直线上,P点可能在O的正上方(不稳定平衡),也可能在O的正下方(稳定平衡)例2.如图所示,重力不可忽略的均匀杆被细绳拉住而静止在水平面上方,试画出杆所受的弹力解A端所受绳的拉力F1沿绳收缩的方向,即沿绳向斜上方;B端所受的弹力F2垂直于水平面,竖直向上由此题可以看出直杆两端所受的弹力并不一定沿杆的方向(与绳有区别)从平衡的角度看,此杆受到的水平方向合力应该为零,而重力G和支持力F2在竖直方向,因此杆的下端一定还受到水平面给的向右的静摩擦力f作用3.弹力的大小对有明显形变的物体(如弹簧、橡皮条等),在弹性限度内,弹力的大小可以由胡克定律计算;对没有明显形变的物体,如桌面、绳子等物体,弹力大小则要由物体的受力情况和运动情况共同决定(这种力叫做被动力)胡克定律可表示为(在弹性限度内)F=kx,即弹簧弹力大小跟形变量大小成正比(形变量可以是伸长量也可以是压缩量)k叫做弹簧的劲度系数,简称劲度;还可以表示成ΔF=kΔx,即弹簧弹力的改变量和弹簧形变量的改变量也成正比,而且比例系数仍然是弹簧的劲度弹簧的劲度k越大,弹簧就越“硬”(同样的力F作用下形变量Δx小)一根弹簧剪断成两根后,每根的劲度k都比原来的劲度大;两根弹簧串联后组成的新弹簧总劲度变小;两根弹簧并联后组成的新弹簧总劲度变大例3.如右边左图所示,一根轻弹簧竖直地放在水平桌面上,下端固定,上端放一个重物稳定后弹簧的长度为L现将该轻弹簧截成等长的两段,将该重物也分为重量相等的两块,按右图连接好,稳定后两段弹簧的总长度为L´则A.L´=LB.L´LC.L´LD.不知道弹簧的原长,无法确定解把左图中原来整根弹簧想象成分为长度相等的上、下两段,则两段受的弹力大小都等于重物的重量其下段的长度应该和右图下段的长度相同;而上段承受的压力是原来物体的总重量,其长度显然比右图上段的长度小(右图上段弹簧受的压力只有物体总重量的一半)因此选B其实本题可以把弹簧分成任意比例的两段,重物也可以分成任意比例的两部分,用同样的分析方法,得出的结论仍然应选B例4.如图所示,两物体重量分别为G
1、G2,两弹簧劲度分别为k
1、k2,弹簧两端与物体和地面相连用竖直向上的力F缓慢向上拉G2,使下面弹簧刚好恢复原长求该过程F向上拉动的距离解关键是求两种状态下每根弹簧的形变量大小Δx
1、Δx
2、Δx1´、Δx2´无拉力F时Δx1=G1+G2/k1,Δx2=G2/k2,(Δx
1、Δx2均为压缩量);加拉力F时Δx1´=0,Δx2´=G1/k2,(Δx2´为伸长量)因此F向上拉动的距离s=Δx1+Δx2+Δx2´=例5.如图所示,将一个金属块用被压缩的弹簧卡在矩形箱子的顶部在箱子的上顶板和下底板上分别装有压力传感器(可将该处压力大小在计算机上显示出来)当箱子静止时,上、下两只压力传感器的示数依次为6N和10N箱子沿竖直方向运动过程中的某时刻,发现上面那只压力传感器的示数变为5N求此时刻箱子的加速度大小和方向(取g=10m/s2)解下面的压力传感器的示数等于弹簧的弹力大小,只要上面的传感器有示数,就说明弹簧的形变量没有改变,下面传感器的示数就不会改变,因此其示数仍是10N由已知得金属块的重量为4N,质量为
0.4kg此时金属块所受的合外力大小为1N,方向竖直向上,因此加速度是
2.5m/s2,方向竖直向上(可能向上做加速运动,也可能向下做减速运动)
四、摩擦力1.摩擦力产生条件摩擦力的产生条件为两物体直接接触、相互挤压、接触面粗糙、有相对运动或相对运动的趋势这四个条件缺一不可两物体间有弹力是这两物体间有摩擦力的必要条件(没有弹力就不可能有摩擦力)2.滑动摩擦力大小⑴在接触力中,必须先分析弹力,再分析摩擦力⑵只有滑动摩擦力才能用公式f=μN,其中的N表示正压力(不一定等于物体重力G)3.静摩擦力大小⑴一般情况下静摩擦力大小不能用滑动摩擦定律f=μN计算静摩擦力的最大值略大于滑动摩擦力在一般的计算中,可认为静摩擦力的最大值等于滑动摩擦力,既fm=μN⑵一般情况下静摩擦力的大小要根据物体的受力情况和运动情况共同确定(属被动力),其可能的取值范围是0<f≤fm例6.如图所示,三个物体质量相同,与水平地面间的动摩擦因数也相同,分别受到大小相同的力F
1、F
2、F3作用,其中F
1、F2与水平面的夹角相同已知甲、乙、丙都没有离开地面则它们所受的摩擦力大小的关系是A.一定是甲最大B.一定是乙最大C.一定是丙最大D.甲、乙所受摩擦力大小可能相同解从题意无法判定三个物体所受摩擦力是静摩擦力还是滑动摩擦力若甲、乙、丙都与地面发生了相对滑动,根据滑动摩擦定律f=μN,摩擦力大小取决于它们与水平面间正压力的大小,显然乙受的摩擦力最大而甲受的摩擦力最小;若甲、乙、丙都与地面都没有发生相对滑动,则它们受到的摩擦力跟F的水平分力平衡,显然丙受的摩擦力最大,而甲、乙受的摩擦力大小相等本题选D例7.如图所示,A、B为两个相同木块,A、B间最大静摩擦力fm=5N,水平面光滑当B受到的水平拉力F为6N和12N时,A、B之间的摩擦力大小分别是多大?解先确定临界状态A、B间刚好发生相对滑动时,是一种临界状态这种状态下,既可以认为A、B间已经发生了相对滑动,摩擦力是滑动摩擦力,大小是fm=5N;也可以认为A、B间还没有发生相对滑动,因此它们的加速度仍然相等,即aA=aB分别以A和整体为对象,运用牛顿第二定律,可得拉力的临界值是F0=10N当拉力F=6NF0时,A、B保持相对静止共同加速,A、B之间的摩擦力是静摩擦力,大小为3N;当拉力F=12NF0时,A、B之间一定发生了相对滑动,它们之间的摩擦力是滑动摩擦力,摩擦力大小为5N注意研究物理问题经常需要分析临界状态物体处于临界状态时,可以认为它同时具有这两种状态下的所有性质,因此可以同时列出两个方程4.摩擦力方向⑴摩擦力方向和物体间相对运动(或相对运动趋势)的方向相反⑵摩擦力的方向和物体的运动方向可能成任意角度摩擦力方向可能和物体运动方向相同(如图⑴,A在皮带作用下被加速,f作为动力);可能和物体运动方向相反(如图⑴,A在皮带上向左运动,f作为阻力);可能和物体速度方向垂直(如图⑵,f作为A做匀速圆周运动的向心力);可能跟物体运动方向之间成任意角度(如图⑶,物体A沿车后壁下滑)以上提到的无明显形变时的弹力和静摩擦力都是被动力就是说无明显形变时的弹力和静摩擦力的大小和方向,都无法由公式直接计算得出,只能由物体的受力情况和运动情况共同决定例8.如图所示,长木板的左端有固定转动轴,靠近木板右端处静止放有一个木块现将木板的右端缓慢提升,使木板从水平位置开始逆时针转动当木板倾角α达到25º时,木块开始沿木板向下滑动认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力,那么在α从0º逐渐增大到40º的过程中,下列说法中正确的是A.木块受的摩擦力逐渐减小B.木块受的摩擦力先增大后减小C.木块受的合外力不断增大D.木块受的合外力始终为零解木块和斜面发生相对滑动前,受到的摩擦力是静摩擦力由共点力平衡可得,其大小为f=mgsinα,随倾角α增大而增大;木块和斜面发生相对滑动后,木块受到的摩擦力是滑动摩擦力,其大小由f=μN求得,为f=μmgcosα,随倾角α的增大而减小在发生相对滑动前,由于是“缓慢”转动,可认为木块处于平衡状态,所以合力为零;发生相对滑动后,木块做加速运动,合外力F合=mgsinα-μcosα,随α的增大而增大所以本题答案应选Bf-α图象如右,临界角α0=arctanμ由本题可得物体恰好沿斜面匀速下滑的充要条件是tanα=μ例9.如图所示,斜面B放在水平面上,木块A放在斜面上用水平力F推A时,A、B都保持静止若将推力F稍为减小一点,则关于A、B间的摩擦力大小f1和B、地间的摩擦力大小f2的变化情况的描述正确的是A.f1和f2一定都减小B.f1和f2可能都不变C.f1可能增大,f2一定减小D.f1一定减小,f2可能增大解以质点组为对象,始终处于静止状态,f2=F一定减小;而f1的变化要看原来平衡时f1的方向若原来f1沿斜面向上,则增大;若原来f1沿斜面向下,则减小选C
五、力的合成与分解1.矢量的合成与分解都遵从平行四边形定则(可简化成三角形定则)平行四边形定则实质上是一种等效替换的方法一个矢量(合矢量)的作用效果和另外几个矢量(分矢量)共同作用的效果相同,就可以用这一个矢量代替那几个矢量,也可以用那几个矢量代替这一个矢量,而不改变原来的作用效果三角形定则可以推广到多个力的合成,如下右图所示只要将表示各个分力的有向线段首尾相接成一折线(与先后顺序无关),那么从第一个有向线段的箭尾到最后一个有向线段的箭头的有向线段就表示它们的合力F由三角形定则还可以得到一个有用的推论如果n个力首尾相接组成一个封闭多边形,则这n个力的合力为零在分析问题时,考虑了合矢量就不能再考虑分矢量;考虑了分矢量就不能再考虑合矢量矢量的合成分解,一定要认真作图用平行四边形定则时,分矢量和合矢量要画成带箭头的实线,平行四边形的另外两个边必须画成虚线各个矢量的大小和方向一定要画得合理在正交分解时,两个分矢量和合矢量的夹角一定要分清哪个是大锐角,哪个是小锐角,不可随意将两个锐角都画成45º(当题目规定为45º时除外)2.应用举例例10.物块A的质量是m,放在质量为M,倾角为θ=30º的斜面B上,A、B始终相对静止,共同沿水平面向右运动当a1=0时和a2=
0.75g时,B对A的作用力FB各多大?解B对A的作用力FB是B对A的支持力和摩擦力的合力;而A受的重力G=mg和FB的合力是F=ma当a1=0时,G与FB二力平衡,所以FB大小为mg,方向竖直向上当a2=
0.75g时,用平行四边形定则作图如右先画出重力(包括大小和方向),再画出A所受合力F的大小和方向,再根据平行四边形定则画出FB由已知可得FB=
1.25mg,方向与竖直方向成37o角斜向右上方(FB的方向与斜面倾角θ的大小没有必然联系)例11.已知质量为m、电荷为q的小球,在匀强电场中由静止释放后沿直线OP向斜下方运动(OP和竖直方向成θ角),那么所加匀强电场的场强E的最小值是多少?解根据题意,释放后小球所受合力的方向必为OP方向用三角形定则从右图中不难看出重力矢量的大小和方向是确定的,合力F的方向是确定的(为OP方向),电场力Eq的矢量起点必须在G,终点必须在OP射线上在图中画出一系列可能的电场力,不难看出,只有当电场力方向与OP方向垂直时,Eq才最小,E也最小,因此E的最小值是E0=这是比较典型的考察力的合成的题有些同学只简单地背“垂直”,而不注重分析,经常误认为是电场力和重力垂直,而得出错误答案越是简单的题越要认真作图,养成好的学习习惯例如解本题时只要作出一系列可能方向的电场力,就很容易得出正确结论例12.轻绳AB总长l,用轻滑轮悬挂重G的物体绳能承受的最大拉力是2G,将A端固定,将B端缓慢向右移动d,为保证绳不断,求d的最大可能值解以跟滑轮接触的那段绳子和滑轮、重物整体为对象,该对象在重力G和两侧绳子的拉力F
1、F2共同作用下静止同一根绳子上的拉力大小F
1、F2总是相等的,因此以F
1、F2为邻边做出的平行四边形一定是菱形它们的合力跟重力平衡,方向竖直向上利用菱形对角线互相垂直平分的性质,由相似形可得d∶l=∶4,所以d最大为例13.如图所示,轻绳的一端固定在水平天花板上的A点,另一端固定在竖直墙上的B点,图中OA=OB=l,轻绳长2l,不计质量和摩擦的小动滑轮下悬吊质量为m的物体,将该装置跨在轻绳上,求系统达到静止时绳所受的拉力T是多大?解设静止时滑轮位置在C点,延长AC与墙交于D,由于AC、BC两段绳上拉力大小相等,利用几何关系可知CD=BC,因此AD=AC+CB=2l=2AO,图中θ=30°由菱形解得若把B点沿竖直墙缓慢向上或向下在OD间移动,由图知绳与竖直墙的夹角θ不会改变,因此绳受的拉力大小也不会改变
六、物体的受力分析解力学问题的一个基本技能就是受力分析,因此必须重视受力分析的方法和技巧1.明确研究对象受力分析前首先要明确研究对象研究对象可以是某一个物体,也可以是保持相对静止的若干个物体灵活地选取研究对象可以使问题更简洁地得到解决2.按顺序找力必须先找场力(重力、电场力、磁场力),后找接触力;接触力中必须先找弹力,后找摩擦力(只有在有弹力的接触面之间才可能有摩擦力)3.只按性质找力画受力图时,只能按力的性质分类画力,不能既画性质力又画效果力(拉力、压力、向心力等),否则将出现重复4.需要用力的合成或分解时,必须正确画出相应的平行四边形(注意实线、虚线和箭头这些细节)例14.小球质量为m,电荷为+q,以初速度v向右滑入足够长的水平绝缘杆,匀强磁场方向如图所示,球与杆间的动摩擦因数为μ试描述小球在杆上的运动情况解先分析小球的受力情况,再由受力情况确定其运动情况小球刚滑入杆时,所受场力为重力mg向下,洛伦兹力f0=qvB向上;而弹力N的大小、方向和摩擦力f的大小都取决于mg和qvB的大小关系,分三种情况讨论
①v>,如图a,在摩擦力f作用下,v、f
0、N、f都逐渐减小,当v减小到等于时达到平衡,开始做匀速运动;
②v,如图b,在摩擦力f作用下,v、f0逐渐减小,而N、f逐渐增大,故v将一直减小到零;
③v=,如图c,f0=mg,N、f均为零,小球将始终保持匀速运动例15.一航天探测器完成对月球的探测任务后,在离开月球的过程中,由静止开始沿着与月球表面成一倾斜角的直线飞行,先加速运动,再匀速运动探测器通过喷气而获得推动力以下关于喷气方向的描述中正确的是A.探测器加速运动时,沿直线向后喷气B.探测器加速运动时,竖直向下喷气C.探测器匀速运动时,竖直向下喷气D.探测器匀速运动时,不需要喷气解探测器沿直线加速运动时,所受合力F合方向与运动方向相同,而重力方向竖直向下,由平行四边形定则知推力方向必须斜向上方,因此喷气方向斜向下方匀速运动时,所受合力为零,因此推力方向必须竖直向上,喷气方向竖直向下选C
七、共点力作用下物体的平衡1.共点力几个力作用于物体的同一点,或它们的作用线交于同一点(该点不一定在物体上),这几个力叫共点力2.共点力的平衡条件在共点力作用下物体的平衡条件是合力为零3.解题途径当物体在两个共点力作用下平衡时,这两个力一定等大反向;当物体在三个不共线的共点力作用下平衡时,往往采用平行四边形定则或三角形定则求解;当物体在四个或四个以上不共线的共点力作用下平衡时,往往采用正交分解法求解例16.重G的光滑小球静止在固定斜面和竖直挡板之间若挡板逆时针缓慢转到水平位置,在该过程中,斜面和挡板对小球的弹力的大小F
1、F2各如何变化?解由于挡板是缓慢转动的,可以认为每个时刻小球都处于静止状态,因此所受合力为零应用三角形定则,G、F
1、F2三个矢量应组成封闭三角形,其中G的大小、方向始终保持不变;F1的方向不变;F2的起点在G的终点处,而终点必须在F1所在的直线上,由作图可知,挡板逆时针转动90º过程,F2矢量也逆时针转动90º,因此F1逐渐变小,F2先变小后变大(当F2⊥F1,即挡板与斜面垂直时,F2最小)例17.光滑半圆柱体中心轴线正上方有一个定滑轮一只小球被一根细线系住,线跨过定滑轮拉住小球保持静止这时拉力大小为F,小球对圆柱体的压力大小为N若将细线再向右拉动一小段距离再次使小球静止,则F、N的大小各如何变化?解对小球进行受力分析,作出相应的平行四边形可发现,两个画阴影的相似三角形中,圆柱体的半径R和滑轮到底面的高度H是不变的,重力也是不变的,N∶G=R∶H;F∶G=L∶HL减小,因此F减小,N不变例18.如图所示,物体A靠在竖直墙面上,在竖直向上的推力F作用下,A、B保持静止物体A、B的受力的个数分别为A.4,3B.3,3C.3,4D.5,4解先以B为对象,除受重力GB和推力F外,还受A对B的弹力NAB和摩擦力fAB,且这两个力的合力FAB必然竖直向下,B受4个力;再以A为对象,除重力GA外,B对A的弹力NBA和摩擦力fBA的合力竖直向上,因此墙不可能对A有向右的弹力(否则A水平方向合力不为零),更不可能有摩擦力,因此A只受3个力本题选C例19.如图所示,直角支架AOB,AO水平放置,表面粗糙,OB竖直向下,表面光滑AO上套有小球P,OB上套有小球Q,两球质量均为m,两球间用一根质量可忽略、不可伸长的细绳相连,并在图示位置静止现将P环向左移一小段距离,两环再次达到静止将移动后的平衡状态和原来的平衡状态比较,AO杆对P环的支持力N和摩擦力f的变化情况是A.N不变,f变大B.N不变,f变小C.N变大,f变大D.N变大,f变小解以两球和细绳整体为对象求N,可知竖直方向上始终二力平衡,N=2mg不变;以Q环为对象,在重力、细绳拉力F和OB压力N´作用下平衡,设细绳和竖直方向的夹角为α,P球向左移的过程中α将减小,N´=mgtanα减小;再以整体为对象,水平方向只有OB对Q的压力N´和OA对P环的摩擦力f作用,因此f=N´也减小答案选B以上两个例题说明,当题目中出现两个物体A、B时,研究对象有三种取法单独以A为对象、单独以B为对象、以A+B质点组为对象只要选取其中任意两种作为研究对象就一定可以解决问题例20.如图所示,是一种拔桩装置当用大小为F,方向竖直向下的作用力拉图中长绳上的E点时,绳CE部分被水平拉直,绳CA在竖直方向,绳DE与水平方向的夹角为α,绳BC与竖直方向的夹角为β则绳CA拔桩的拉力的大小是A.FtanαtanβB.FtanαcotβC.FcotαtanβD.Fcotαcotβ解长绳被结点分成三段,每段上的张力大小是不同的设E、C间拉力为T,分别由E、C两点的共点力平衡得T=Fcotα,T=F拉tanβ,因此有F拉=Fcotαcotβ,选DFGfF2F1ABOPF1F2BAG1Δx2k2G2Δx1Δx1/Δx2/k1FG1G2k2k1甲乙丙F1F2F3FAB⑴A⑵Av1v2⑶AαfαμGα0OGFABF2F1FO平行四边形定则F2F1三角形定则FOF1F2F3F4多边形定则OFvaABθGFBFαθGOPE0qF1F2GNABB´mOABOABθθGTTθθCDf0Nf0Nfff0mgmgmgabc+vvF合FFGGF1F2F2F1GGGNFFHRLABFfABBFGBNABFABAFBANBAFBAGAAOBPQmgαFNDEBCAFαβ。