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2019-2020年高考物理二轮复习题型专练选择题满分练1新人教版14.xx·山东泰安质检以下说法符合物理学史的是 A.笛卡尔通过逻辑推理和实验对落体问题进行了研究B.奥斯特发现了电流的周围存在磁场并最早提出了场的概念C.静电力常量是由库仑首先测出的D.牛顿被人们称为“能称出地球质量的人”C 伽利略通过逻辑推理和实验对落体问题进行了研究,选项A错误.奥斯特发现了电流的周围存在磁场,法拉第最早提出了场的概念,选项B错误.静电力常量是由库仑首先测出的,选项C正确.卡文迪许通过扭秤实验测出了万有引力常量,从而由=g可以计算出地球质量,被人们称为“能称出地球质量的人”,选项D错误.15.下列核反应方程中,属于α衰变的是 A.N+He→O+H B.U→Th+HeC.H+H→He+nD.Th→Pa+eB α衰变是重核自发的发出α粒子的天然放射现象,其中α粒子是He,所以B正确;A为原子核的人工转变,C为轻核的聚变,D是β衰变,故A、C、D皆错误.16.xx·湖南六校联考如图所示,倾斜的长杆与水平面成α角上套有一个质量为M的环,环通过细线吊一个质量为m的小球,当环在某拉力的作用下在长杆上滑动时,稳定运动的情景如图所示,其中虚线表示竖直方向,那么以下说法正确的是 A.环一定沿长杆向下加速运动B.环的加速度一定沿杆向上C.环的加速度一定大于gsinαD.环一定沿杆向上运动B 稳定运动时,球与环保持相对静止,它们的运动状态相同,且运动方向均与杆平行.对小球受力分析如图,可知小球所受合力平行于杆向上,说明加速度方向沿杆向上,则环的加速度方向也沿杆向上,但它们的运动方向不确定,两者可能沿杆向上加速运动,也可能沿杆向下减速运动,则B正确,A、D错误;由于不知道细线与竖直方向的夹角,则不能判断出小球的加速度与gsinα的大小关系,则C项错误.17.xx·江西八校联考2016年2月1日15点29分,我国在西昌卫星发射中心成功发射了第五颗新一代北斗导航卫星.该卫星是以地心为圆心的圆轨道卫星,质量为m,轨道离地面的高度约为地球半径R的3倍.已知地球表面的重力加速度为g,忽略地球自转的影响.则 A.卫星的绕行速率大于
7.9km/sB.卫星的绕行周期约为8πC.卫星所在处的重力加速度大小约为D.卫星的动能大小约为D 近地卫星的绕行速度等于第一宇宙速度
7.9km/s,且v=,所以此卫星的速度小于
7.9km/s,可得A错误;卫星的绕行周期T=2π,此卫星的轨道半径是4R,且由黄金代换式GM=gR2,可得周期T=16π,B错误;卫星所在处的重力加速度g′==,可得C错误;卫星的速度v==,所以动能Ek=mv2=,可得D正确.18.一质点沿x轴正方向做直线运动,通过坐标原点时开始计时,其-t图象如图所示,则 A.质点做匀速直线运动,速度为
0.5m/sB.质点做匀加速直线运动,加速度为
0.5m/s2C.质点在1s末速度为2m/sD.质点在第1s内的平均速度为
0.5m/sC 质点做匀变速直线运动,其位移x=v0t+at2,对照题给的-t图象,可变换成=v0+at,由此可知,质点做匀加速直线运动,加速度为a=
1.0m/s2,初速度为v0=
1.0m/s,选项A、B错误.由v=v0+at可知质点在1s末速度为
2.0m/s,选项C正确.质点在第1s内的位移x=v0t+at2=
1.5m,第1s内的平均速度为
1.5m/s,选项D错误.19.多选一交流发电机和理想变压器按如图电路连接.已知该发电机线圈匝数为N,电阻为r,当线圈以转速n匀速转动时,电压表示数为U,灯泡额定电压为U0,电阻恒为R恰能正常发光,则电表均为理想电表 A.变压器的匝数比为U∶U0B.电流表的示数为C.在图示位置时,发电机线圈的磁通量为D.从图示位置开始计时,变压器输入电压的瞬时值表达式为u=Usin2nπtAB 由变压器变压公式可知,变压器的匝数比n1∶n2=U∶U0;选项A正确.灯泡恰能正常发光,说明变压器输出功率P2=,根据变压器输出功率等于输入功率可得UI=,解得电流表的示数I=,选项B正确.在图示位置时,发电机的线圈处于中性面位置,发电机线圈的磁通量为BS,S为线圈面积,选项C错误.从图示位置开始计时,发电机产生电动势的瞬时值表达式为e=Emsin2nπt,变压器输入电压的瞬时值表达式为u=Umsin2nπt=Usin2nπt,选项D错误.20.多选xx·东北三校一模如图所示,等腰直角三角形abc区域中有垂直纸面向里的匀强磁场B,速度为v0的带电粒子,从a点沿ab方向射入磁场后恰能从c点射出.现将匀强磁场B换成垂直ac边向上的匀强电场E,其它条件不变,结果粒子仍能够从c点射出,粒子重力不计,则下列说法正确的是 A.粒子带正电B.=C.粒子从磁场中离开时速度方向与从电场中离开时速度方向不同D.粒子从磁场中离开时速度大小与从电场中离开时速度大小相同BD 由左手定则可判断出带电粒子带负电,选项A错误.设ac边长度L,画出带电粒子从a点沿ab方向射入磁场后恰能从c点射出的轨迹图,由几何关系可知,粒子轨迹半径r=Lcos45°=.带电粒子在匀强磁场中运动,洛伦兹力提供向心力,qv0B=m联立解得L=.将匀强磁场B换成垂直ac边向上的匀强电场E,带电粒子在电场中做类斜抛运动,设运动时间为t,则有L=v0cos45°·t,0=v0sin45°·t-at2,qE=ma,联立解得=,选项B正确.根据圆周运动的对称性和类斜抛运动的对称性可知,粒子在磁场中运动的轨迹和在电场中运动轨迹不同,但是粒子从磁场中离开时速度方向与从电场中离开时速度方向相同,粒子从磁场中离开时速度大小与从电场中离开时速度大小相同,选项C错误,D正确.21.多选如图所示,两根足够长的平行金属导轨相距为L,其中NO
1、QO2部分水平,倾斜部分MN、PQ与水平面的夹角均为α,整个空间存在磁感应强度为B的匀强磁场,磁场方向垂直导轨平面MNQP向上.长为L的金属棒ab、cd与导轨垂直放置且接触良好,其中ab光滑,cd粗糙,棒的质量均为m、电阻均为R.将ab由静止释放,在ab下滑至速度刚达到稳定的过程中,cd始终静止不动.若导轨电阻不计,重力加速度为g,则在上述过程中 A.ab棒做加速度减小的加速运动B.ab棒下滑的最大速度为C.cd棒所受摩擦力的最大值为mgsinαcosαD.cd棒中产生的热量等于ab棒机械能的减少量AC 随着ab棒下滑,速度逐渐增大,安培力逐渐增大,ab棒的合力逐渐减小,所以做加速度减小的加速运动,可得A正确;ab棒匀速时速度达到最大,受力平衡,有mgsinα=BIL=,可得v=,B错误;如图所示对cd棒进行受力分析可得,摩擦力等于安培力在水平方向的分力,即f=BILcosα=mgsinαcosα,可得C正确;由能量守恒可知,ab棒减小的机械能等于ab和cd产生的焦耳热与ab棒的动能之和,可得D错误.。