2019届高三物理上学期第一次段考试题

2019届高三物理上学期第一次段考试题一选择题（本题共10小题，每题4分，共40分其中1-6题为单选题，7-10题为多选题，多选题错选、多选不得分，漏选得2分）

1.一个物体从静止开始做匀加速直线运动，以T为时间间隔，在第三个T时间内位移是3m，第三个T时间末的瞬时速度为3m/s，则　　A．物体的加速度是1m/s2B．第一个T时间末的瞬时速度为

0.6m/sC．时间间隔T＝1sD．物体在第1个T时间内的位移为

0.6m

2.如图，滑块A置于水平地面上，滑块B在一水平力作用下紧靠滑块AA、B接触面竖直，此时A恰好不滑动，B刚好不下滑已知A与B间的动摩擦因数为μ1，A与地面间的动摩擦因数为μ2，最大静摩擦力等于滑动摩擦力A与B的质量之比为　　A.B.C.D.

3.如图所示，两竖直木桩ab、cd固定，一不可伸长的轻绳两端固定在a、c处，绳长为L，一质量为m的物体A通过轻质光滑挂钩挂在轻绳中间，静止时轻绳两端夹角为120°若把轻绳换成自然长度为L的橡皮筋，物体A仍处于静止状态，橡皮筋处于弹性限度内，若重力加速度大小为g，对于上述两种情况，下列说法正确的是　　A．轻绳的弹力大于mgB．轻绳的弹力小于mgC．橡皮筋的弹力大于mgD．橡皮筋的弹力小于mg

4.如图所示，物体A、B用细绳与轻弹簧连接后跨过滑轮物体A静止在倾角为45°的粗糙斜面上，物体B悬挂着已知质量mA＝3mB，不计滑轮摩擦，现将斜面倾角由45°减小到30°，那么下列说法中正确的是　A．弹簧的弹力将增大B．物体A对斜面的压力将减小C．物体A受到的静摩擦力将减小D．物体A可能被拉动

5.在平直公路上行驶的a车和b车，其位移—时间x­t图像分别为图中直线a和曲线b，已知b车的加速度恒定且等于－2m/s2，t＝3s时，直线a和曲线b刚好相切，则　　A．a车做匀速运动且其速度为va＝m/sB．t＝3s时a车和b车相遇但此时速度不等C．t＝1s时b车的速度为10m/sD．t＝0时a车和b车的距离x0＝9m

6.如图所示，水平固定且倾角为37°sin37°＝

0.6，cos37°＝

0.8的光滑斜面上有两个质量均为m＝1kg的小球A、B，它们用劲度系数为k＝200N/m的轻质弹簧连接，弹簧的原长为l0＝20cm，现对B施加一水平向左的推力F，使A、B均在斜面上以加速度a＝4m/s2向上做匀加速运动，此时弹簧的长度l和推力F的大小分别为　　A．

0.15m25N　　　　　B．

0.25m25NC．

0.15m

12.5ND．

0.25m

12.5N

7.如图甲所示，为测定物体冲上粗糙斜面能达到的最大位移x与斜面倾角θ的关系，将某一物体每次以不变的初速率v0沿足够长的斜面向上推出，调节斜面与水平方向的夹角θ，实验测得x与斜面倾角θ的关系如图乙所示，g取10m/s2，根据图像可求出　　A．物体的初速率v0＝3m/sB．物体与斜面间的动摩擦因数μ＝

0.75C．取不同的倾角θ，物体在斜面上能达到的位移x的最小值xmin＝

1.44mD．当某次θ＝30°时，物体达到最大位移后将沿斜面下滑

8.如图所示，M、N两物体叠放在一起，在竖直向上的恒力F作用下，一起沿竖直墙向上做匀加速直线运动，则关于两物体受力情况的说法正确的是　　A．物体M一定受到4个力B．物体N可能受到4个力C．物体M与墙之间一定有弹力和摩擦力D．物体M与N之间一定有摩擦力

9.如图所示，倾角为θ的斜面体C置于水平地面上，小物体B置于斜面体C上，通过细绳跨过光滑的轻质定滑轮与物体A相连接，连接物体B的一段细绳与斜面平行，已知A、B、C均处于静止状态，定滑轮通过细杆固定在天花板上，则下列说法中正确的是　　A．物体B可能不受静摩擦力作用B．斜面体C与地面之间可能不存在静摩擦力作用C．细杆对定滑轮的作用力沿杆竖直向上D．将细绳剪断，若物体B仍静止在斜面体C上，则此时斜面体C与地面之间一定不存在静摩擦力作用

10.如图所示，一个质量为m的刚性圆环套在粗糙的竖直固定细杆上，圆环的直径略大于细杆的直径，圆环的两边与两个相同的轻质弹簧的一端相连，轻质弹簧的另一端分别连在和圆环同一高度的墙壁上的P、Q两点处，弹簧的劲度系数为k，起初圆环处于O点，弹簧处于原长状态且原长为L，细杆上面的A、B两点到O点的距离都为L将圆环拉至A点由静止释放，重力加速度为g，对于圆环从A点运动到B点的过程中，下列说法正确的是　A．圆环通过O点的加速度小于gB．圆环在A点的加速度大小为g＋C．圆环在O点的速度最大D．圆环在B点的速度为22．实验题（每题8分，共16分）

11.甲、乙两同学在“探究弹力和弹簧伸长的关系”时，安装好实验装置，让刻度尺零刻度线与弹簧上端平齐，在弹簧下端挂1个钩码，静止时弹簧长度为l1，如图1所示，图2是此时固定在弹簧挂钩上的指针在刻度尺最小分度是1mm上位置的放大图，在弹簧下端分别挂2个、3个、4个、5个相同钩码，静止时弹簧长度分别是l

2、l

3、l

4、l

5.1由图2知刻度尺的示数l1＝________cm，若已知每个钩码质量是50g，挂2个钩码时，弹簧弹力F2＝______N当地重力加速度g＝10m/s22甲同学以弹簧的长度l为横坐标，以钩码的重力G为纵坐标建立了G-l图象，如图3所示，则由图知弹簧的原长为________cm，该弹簧的劲度系数为________N/m3乙同学先将弹簧平放在桌面上，测出了弹簧的原长l0，并以弹簧的伸长量x＝l－l0为横坐标，以钩码的重力G为纵坐标作出了G-x图象，如图4所示，则图线不过原点的原因是_____________

12.在探究“加速度与力和质量的关系”实验时，某老师对传统实验进行了改进，其实验操作如下

①如图所示，先将沙和沙桶通过细绳绕过滑轮悬挂于小车一端，调节平板的倾角θ，使小车沿斜面向下做匀速直线运动，测出沙和沙桶的总质量m；

②保持平板倾角θ不变，去掉沙和沙桶，小车即在平板上沿斜面向下做匀加速直线运动，通过纸带测量其加速度a；

③保持小车质量M不变，多次改变沙和沙桶的总质量m，重复

①②两步操作，得到小车加速度与合力的关系；

④多次改变小车的质量，进行适当的操作，得到小车加速度和质量的关系1[多选]在上述实验操作过程中，以下说法正确的是________A．可以用电池盒给打点计时器供电B．应在小车开始运动后再接通打点计时器的电源C．要保持细绳与平板平行D．应让小车从靠近滑轮处开始运动2在操作

①中若打出了一条如图所示的纸带，已知纸带左端为连接小车处，则应将平板的倾角适当________选填“增大”或“减小”些3在操作

②中，小车所受的合力大小等于________用题中所给定的字母以及重力加速度g表示4在本实验中________选填“需要”或“不需要”满足沙和沙桶的质量远小于小车的总质量；在操作

④中，每次改变小车质量后，________选填“需要”或“不需要”重新调节平板的倾角三计算题（共44分）

13.（8分）如图所示，质量m＝5kg的物块看作质点在外力F1和F2的作用下正沿某一水平面向右做匀速直线运动，已知F1大小为50N，方向斜向右上方，与水平面夹角α＝37°，F2大小为30N，方向水平向左，物块的速度v0大小为11m/s当物块运动到距初始位置距离x0＝5m时撤掉F1，g＝10m/s2求1物块与水平地面之间的动摩擦因数μ；2撤掉F1以后，物块在6s末距初始位置的距离14（10分）有一质量m＝2kg的小球套在长L＝1m的固定轻杆顶部，杆与水平方向成θ＝37°角静止释放小球，1s后小球到达杆底端取重力加速度大小g＝10m/s2，sin37°＝

0.6，cos37°＝

0.81求小球到达杆底端时速度为多大？2求小球与杆之间的动摩擦因数为多大？3若在竖直平面内给小球施加一个垂直于杆方向的恒力，静止释放小球后保持它的加速度大小为1m/s2，且沿杆向下运动，则这样的恒力为多大？15（12分）.某运动员做跳伞训练，他从悬停在空中的直升机上由静止跳下，跳离直升机一段时间后打开降落伞减速下落，他打开降落伞后的速度－时间图象如图a所示降落伞用8根对称的悬绳悬挂运动员，每根悬绳与中轴线的夹角为37°，如图b所示已知运动员和降落伞的质量均为50kg，不计运动员所受的阻力，打开降落伞后，降落伞所受的阻力f与下落速度v成正比，即f＝kv重力加速度g取10m/s2，sin37°＝

0.6，cos37°＝

0.8求1打开降落伞前运动员下落的高度；2阻力系数k和打开降落伞瞬间的加速度；3降落伞的悬绳能够承受的拉力至少为多少

16.（14分）如图所示，光滑水平面上静止放着长为L＝

1.6m、质量为M＝3kg的木板，一个质量为m＝1kg大小不计的物块放在木板的最右端，物块与木板之间的动摩擦因数μ＝

0.1，今对木板施加一水平向右的力F，g取10m/s21施力F后，要想把木板从物块的下方抽出来，求力F的大小应满足的条件；2为把木板从物块的下方抽出来，施加某力后，发现该力至少作用t0＝

0.8s的时间，可恰好抽出木板，求此力的大小高三第一次段考物理答案一选择题（4X10=40分）12345678910DDDCDBBCADADBD二实验题（8+8=16分）11

（1）（2分）

11.

501.00

（2）（4分）

11.00100

（3）（2分）弹簧自身有重力12

（1）（2分）CD

（2）（2分）减小

（3）（2分）mg

（4）（2分）不需要需要三计算题共44分）13（8分）解析1物块向右做匀速运动f＋F2＝F1cosα；f＝μmg－F1sinα，联立解得μ＝

0.52撤掉F1后a1＝＝m/s2＝11m/s2设经过时间t1向右运动速度变为0，则t1＝＝1s此时向右位移x1＝t1＝

5.5m后5s物块向左运动a2＝＝1m/s2后5s向左位移x2＝a2t22＝

12.5m物块在6s末距初始位置的距离Δx＝x2－x0＋x1＝

12.5m－5m＋

5.5m＝2m答案

10.5　22m14（10分）[解析]　1设小球到达杆底端时速度大小为v，则，，得v＝＝2m/s2设小球下滑过程中的加速度大小为a1，则a1＝根据牛顿第二定律有mgsinθ－μmgcosθ＝ma1得小球与杆之间的动摩擦因数μ＝

0.53小球在恒力作用下，有mgsinθ－μN2＝ma2，得N2＝20N若恒力F垂直杆向上，则F＝N2＋mgcosθ，得F＝36N若恒力F垂直杆向下，则F＝N2－mgcosθ，得F＝4N答案　12m/s　

20.5　336N或4N15（12分）[解析]　1打开降落伞前运动员做自由落体运动，根据速度位移公式可得运动员下落的高度h＝，由题图a可知v0＝20m/s，解得h＝20m2由题图a可知，当速度为v＝5m/s时，运动员做匀速运动，受力达到平衡状态，由平衡条件可得kv＝2mg，即k＝，解得k＝200N·s/m在打开降落伞瞬间，由牛顿第二定律可得kv0－2mg＝2ma，解得a＝30m/s2，方向竖直向上3根据题意可知，打开降落伞瞬间悬绳对运动员拉力最大，设此时降落伞上每根悬绳的拉力为T，以运动员为研究对象，则有8Tcos37°－mg＝ma，代入数据可解得T＝

312.5N，故悬绳能够承受的拉力至少为

312.5N[答案]　120m　2200N·s/m　30m/s2，方向竖直向上　

3312.5N16（14分）[解析]　1力F拉动木板运动过程中对物块，由牛顿第二定律知μmg＝ma，即a＝μg＝1m/s2对木板，由牛顿第二定律知F－μmg＝Ma1，即a1＝要想抽出木板，则只需a1a，即FμM＋mg，代入数据得F4N2由1分析可知，有力作用在木板上时，木板的速度必大于物块的速度，而木板恰好从物块下抽出时，两者速度大小相等，则力撤去时木板未从物块下抽出设有力时木板的加速度大小为a2，则a2＝设没有力时木板的加速度大小为a3，则a3＝＝m/s2设从没有力到木板恰好被抽出所用时间为t2木板从物块下抽出时有物块速度为v＝at0＋t2发生的位移为s＝at0＋t22木板的速度为v板＝a2t0－a3t2发生的位移为s板＝a2t02＋a2t0t2－a3t22木板刚好从物块下抽出时应有v板＝v，且s板－s＝L联立以上各式并代入数据得t2＝

1.2s，a2＝3m/s2，F＝10N[答案]　1F4N　210N。