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文本内容:
xx-2019学年高二化学上学期第一次月考试题含解析II本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分,共2页考试结束后,将答题卡交回注意事项
1.答题前,考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚2.选择题必须使用2B铅笔填涂;非选择题必须使用
0.5毫米黑色字迹的签字笔书写,字体工整、笔迹清楚3.请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答,超出答题区域书写的答案无效;在草稿纸、试题卷上答题无效4.作图可先使用铅笔画出,确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑
5.保持卡面清洁,不要折叠,不要弄破、弄皱,不准使用涂改液、修正带、刮纸刀可能用到的相对原子质量C--12H--1O—16Na--23
一、选择题本题共10小题,每小题4分在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的
1.在密闭容器中,反应2HI(g)H2(g)+I2(g)(正反应吸热),当达到平衡时,欲使混合气体颜色变浅,可采取的措施有()A.缩小容器体积B.降低温度C.加入催化剂D.恒压下充入HI气体【答案】B【解析】【详解】A.减小容器的体积,碘蒸气浓度增大,则混合气体颜色加深,故A不选;B.降低温度,平衡向逆反应方向移动,碘蒸气浓度减小,则混合气体颜色变浅,故B选;C.加入催化剂对平衡无影响,则碘蒸气浓度不改变,所以混合气体颜色不变,故C不选;D.恒压下充入HI气体,与原平衡等效,碘蒸气浓度不变,则混合气体颜色不变,故D不选;故选B
2.在密闭容器中发生下列反应aAgcCg+dDg,压缩容积到原来的一半,当再次达到平衡时,D的浓度为原平衡的
1.8倍,下列叙述正确的是 A.A的转化率变大B.平衡向正反应方向移动C.A的体积分数变大D.a>c+d【答案】C【解析】【详解】假定平衡不移动,将气体体积压缩到原来的一半,D的浓度为原来的2倍,实际再次达到新平衡时,D的浓度为原来的
1.8倍,说明增大压强,平衡向逆反应移动,即a<c+d,压强增大,速率加快,新平衡的正、逆速率都大于原平衡A、平衡向逆反应移动,A的转化率降低,故A错误;B、气体体积压缩到原来的一半,D的浓度为原来的
1.8倍,说明压强增大,平衡向逆反应移动,故B错误;C、气体体积压缩到原来的一半,C的浓度为原来的
1.8倍,说明压强增大,平衡向逆反应移动,A的体积分数增大,故C正确;D、气体体积压缩到原来的一半,D的浓度为原来的
1.8倍,说明压强增大,平衡向逆反应移动,反应物气体体积小于生成物,a<c+d,故D错误;故选C
3.一定条件下发生反应CO2g+3H2gCH3OHg+H2Og,如图表示该反应过程中能量单位为kJ·mol-1的变化关于该反应的下列说法中,正确的是 A.ΔH0,ΔS0B.ΔH0,ΔS0C.ΔH0,ΔS0D.ΔH0,ΔS0【答案】A【解析】【详解】依据反应和图像CO2g+3H2g⇌CH3OHg+H2Og,反应是熵减少的反应,即△S<0;反应物能量高于生成物的能量,该反应是放热反应,即△H<0,故选A
4.高温下,某反应达到平衡,平衡常数K=cCO·cH2O/cCO2·cH2恒容时,温度升高,H2浓度减小下列说法正确的是A.该反应的焓变为负值B.恒温恒容下,增大压强,H2浓度一定减小C.升高温度,逆反应速率减小D.该反应的化学方程式为CO2+H2CO+H2O【答案】D【解析】【详解】根据平衡常数K=,可知该可逆反应为CO2g+H2gCOg+H2OgA、恒容时,温度升高,H2的浓度减小,说明平衡向正反应移动,该反应正反应为吸热反应,即反应的焓变为正值,故A错误;B、恒温恒容时,增大压强,平衡不移动,因为容器的体积不变,因此氢气的浓度不变,故B错误;C、升高温度,反应物、生成物的活化分子增多,正、逆反应速率都增大,故C错误;D、根据平衡常数的表达式,该可逆反应为CO2g+H2gCOg+H2Og,故D正确;故选D【点睛】本题考查化学平衡常数的表达式与方程式的关系注意对化学平衡常数的理解,同一反应,化学计量数不同,平衡常数不同本题的易错点为B,要注意容器的体积不变
5.对可逆反应Ag+BgCgΔH>0,下列图像正确的是A.B.C.D.【答案】D【解析】根据方程式可知,该反应是体积减小的、吸热的可逆反应所以升高温度,平衡向正反应方向移动,C的含量增大温度高,反应速率快,达到平衡的时间就少,所以选项D是正确的,答案选D
6.向蒸馏水中滴入少量盐酸后,下列说法中正确的是A.cH+·cOH-不变B.pH增大了C.水的电离程度增大了D.水电离出的cH+增加了【答案】A【解析】【详解】A.水的离子积常数只与温度有关,温度不变,水的离子积常数不变,故A正确;B.HCl电离出氢离子而导致溶液中氢离子浓度增大,溶液的pH减小,故B错误;C.氢离子浓度增大,水的电离平衡逆向移动,电离程度减小,故C错误;D.HCl电离出氢离子而导致溶液中氢离子浓度增大,从而抑制水电离,则水电离出的cH+减少了,故D错误;故选A
7.已知
0.1mol·L-1的醋酸溶液中存在电离平衡CH3COOHCH3COO-+H+,要使溶液中cH+/cCH3COOH值减小,可以采取的措施是 A.通入少量HCl气体B.升高温度C.加少量醋酸钠晶体D.加水【答案】C【解析】【详解】A.通入少量HCl气体,溶液中的cH+增大,CH3COOHCH3COO-+H+平衡逆向移动,cCH3COO-减小,由于醋酸的电离平衡常数K=不变,则增大,故A错误;B.弱电解质的电离为吸热过程,加热促进电离,则增大,故B错误;C.加少量醋酸钠晶体,cCH3COO-增大,由于醋酸的电离平衡常数K=不变,则减小,故C正确;D.加水稀释,促进醋酸的电离,醋酸的物质的量减小,氢离子的物质的量增大,则增大,故D错误;故选C【点睛】本题考查弱电解质的电离,把握影响弱电解质的电离的影响因素为解题的关键本题的易错点为A,要注意温度不变,电离平衡常数不变
8.相同温度下,根据三种酸的电离常数,下列判断正确的是 酸HXHYHZ电离常数K/mol·L-19×10-79×10-61×10-2A.三种酸的强弱关系HX>HY>HZB.反应HZ+Y-===HY+Z-能够发生C.由电离平衡常数可以判断,HZ属于强酸,HX和HY属于弱酸D.相同温度下,1mol·L-1HX溶液的电离常数大于
0.1mol·L-1HX溶液的电离常数【答案】B【解析】电离平衡常数越大,酸性越强,三种酸的强弱关系HXHYHZ,故A错误;根据强酸制弱酸,反应HZ+Y-===HY+Z-能够发生,故B正确;由电离平衡常数可以判断,HZ、HX、HY都属于弱酸,故C错误;电离平衡常数只与温度有关,与酸的浓度无关,故D错误
9.在相同温度时,100mL
0.01mol·L-1的醋酸溶液与10mL
0.1mol·L-1的醋酸溶液相比,下列数值前者大于后者的是A.中和时所需NaOH的量B.溶液的pHC.电离常数KaD.CH3COOH的物质的量【答案】B【解析】【详解】A.计算两溶液中醋酸的物质的量,n前=c1•V1=
0.1L×
0.01mol•L-1=1×10-3mol,n后=c2•V2=
0.01L×
0.1mol•L-1=1×10-3mol,两者相等,因而中和时消耗的NaOH的量相等,故A错误;B.酸的浓度越大,cH+越大,pH越小,溶液的pH前者大于后者,故B正确;C.电离常数Ka只与温度有关,温度相同,电离平衡常数相等,故C错误;D.电离度与温度和浓度有关,当温度相同时,溶液的浓度越小,电离程度越大,则nCH3COOH前者小于后者,故D错误;故选B
10.pH=2的A、B两种酸溶液各1mL,分别加水稀释到1000mL,其中pH与溶液体积V的关系如图所示,下列说法正确的是A.稀释前,A、B两酸溶液的物质的量浓度一定相等B.稀释后,A酸溶液的酸性比B酸溶液强C.a=5时,A是强酸,B是弱酸D.一定有关系5a2【答案】C【解析】【分析】由图可知,稀释相同的倍数,A的pH变化大,则A的酸性比B的酸性强,溶液中氢离子浓度越大,酸性越强,对于一元强酸来说c酸=cH+,但对于一元弱酸,c酸>cH+,据此分析解答【详解】A.因A、B酸的强弱不同,一元强酸来说c酸=cH+,对于一元弱酸,c酸>cH+,则A、B两种酸溶液的物质的量浓度不一定相等,故A错误;B.根据图像,稀释后,A酸溶液的pH比B酸溶液大,酸性弱,故B错误;C.由图可知,若a=5,A完全电离,则A是强酸,B的pH变化小,则B为弱酸,故C正确;D.若A是强酸,则稀释后溶液的pH=5,若A是弱酸,稀释1000倍后,pH<5,即2<a≤5,故D错误;故选C第Ⅱ卷非选择题
二、综合填空题每空3分,共60分
11.某温度下,在一密闭容器中充入一定量CO2,并加入足量铁粉,发生反应Fes+CO2gFeOs+COg,测得CO2和CO浓度随时间的变化如图所示
(1)0~8min,vCO2=__________mol·L-1·min-1
(2)该反应在恒温恒容的密闭容器中进行,能说明该反应达到化学平衡状态的是_____A、单位时间内,每消耗1molCO2同时生成1molCOB、容器内气体的压强不再随时间变化C、容器内气体的密度不再随时间变化D、容器内气体的平均相对分子质量不再随时间变化
(3)计算该温度下,反应Fes+CO2gFeOs+COg的平衡常数__________
(4)下列措施中,能够改变平衡时cCO/cCO2的比值的是________填序号A、温度B、铁粉的量足量C、压强D、CO的量
(5)已知反应Fes+CO2gFeOs+COg的平衡常数为K1;反应Fes+H2OgFeOs+H2g的平衡常数为K2不同温度时K
1、K2的值如下表温度/KK1K
29731.
472.
3811732.
151.67
①反应Fes+H2OgFeOs+H2g为______填“吸热”或“放热”反应
②根据表中数据,计算反应CO2g+H2gCOg+H2Og973K的K______(写出计算式即可,不必计算结果)【答案】
1.
0.
06252.CD
3.
24.A
5.放热
6.
1.47/
2.38【解析】【详解】解10~8min,vCO===
0.0625mol/L·min,故答案为
0.0625;2A、单位时间内,每消耗1molCO2同时生成1molCO,均表示的是正反应速率,不能说明正逆反应速率是否相等,故A错误;B、反应前后气体的物质的量不变,容器内气体的压强始终不变,故B错误;C、反应前为二氧化碳,反应后变成一氧化碳,容器内气体的密度不再随时间变化,说明二氧化碳和一氧化碳的物质的量之比不变,说明达到了平衡状态,故C正确;D、反应前后气体的物质的量不变,但气体的质量变化,因此容器内气体的平均相对分子质量不再随时间变化,说明质量不变,能够说明达到平衡状态,故D正确;故选CD;3Fes+CO2g⇌FeOs+COg,K1===2,故答案为2;4A.升高温度或降低温度,平衡一定发生移动,则该比值一定发生变化,故A正确;B.Fe粉为固体,铁粉的量改变,不改变浓度,平衡不移动,则该比值不发生变化,故B错误;C.反应前后气体的物质的量不变,改变压强,平衡不移动,则该比值不发生变化,故C错误;D.改变CO的量平衡发生移动,但温度不变,K不变,所以该比值不变,故D正确;故选A;5
①根据表格数据,反应Fes+H2OgFeOs+H2g的平衡常数为K2,温度升高,平衡常数减小,说明平衡逆向移动,正反应为放热反应,故答案为放热;
②i.Fes+CO2g⇌FeOs+COg,K1=,ii.Fes+H2Og⇌FeOs+H2g,K2=,方程式i-ii得CO2g+H2g⇌COg+H2Og则K==,温度为973K时K=,故答案为【点睛】本题考查化学平衡的有关计算,明确化学平衡的移动及其影响因素和化学平衡常数的计算表达式是解本题关键本题的易错点为5
②,注意总方程式K不等于K1-K
212.有下列物质的溶液
①CH3COOH
②HCl
③H2SO4
④NaHSO4
(1)若四种溶液的物质的量浓度相同,其cH+最大的是________用序号表示,下同
(2)若四种溶液的cH+相同,其物质的量浓度最大的是________
(3)将pH相同的上述四种溶液与Zn反应生成等量氢气,所需时间最短的是_________
(4)将6gCH3COOH溶于水制成1L溶液,此溶液的物质的量浓度为________,经测定溶液中cCH3COO-为
1.4×10-3mol·L-1,此温度下醋酸的电离常数Ka=________,写出计算式,不必计算最终结果温度升高,Ka将______填“变大”、“不变”或“变小”
(5)在常温下将pH=11的NaOH溶液aL与pH=2的H2SO4溶液bL混合,若混合后溶液呈中性,则a b=_________【答案】
1.
③
2.
①
3.
①
4.
0.1mol/L
5.(
1.43×10-3)2/
0.
16.变大
7.10:1【解析】【详解】1醋酸是一元弱酸、盐酸是一元强酸、硫酸是二元强酸、硫酸氢钠相当于一元强酸,若
①CH3COOH
②HCl
③H2SO4
④NaHSO4溶液的物质的量浓度相同,cH+的大小顺序为
③>
②=
④>
①,故答案为
③;2醋酸是一元弱酸、盐酸是一元强酸、硫酸是二元强酸、硫酸氢钠相当于一元强酸,若
①CH3COOH
②HCl
③H2SO4
④NaHSO4溶液的cH+相同,则其物质的量浓度大小顺序为
①>
②═
④>
③,故答案为
①;3将pH相同的上述四种溶液的cH+相同,物质的量浓度最大的是CH3COOH,随着反应的进行,CH3COOH继续电离,反应过程中cH+大于其他物质,与Zn反应生成等量氢气,所需时间最短的是醋酸,故答案为
①;4nCH3COOH==
0.1mol,cCH3COOH==
0.1mol/L;cCH3COO-=cH+=
1.4×10-3mol/L,K===
1.96×10-5;醋酸电离吸热,升温促进电离,电离平衡常数增大,故答案为
0.1mol/L;
1.96×10-5;变大;5常温下,将pH=2的H2SO4溶液bL与pH=11的NaOH溶液aL混合,若所得混合液为中性,说明氢离子和氢氧根离子物质的量相同,×a=10-2×b,得到a b=101,故答案为
10113.用中和滴定法测定某烧碱样品的纯度,试根据实验回答下列问题
(1)准确称量
8.2g含有少量中性易溶杂质的样品,配成500mL待测溶液称量时,样品可放在_________填编号字母称量A、小烧杯中B、洁净纸片上 C、托盘上
(2)滴定时,用
0.xxmol/L的盐酸标准液来滴定待测溶液,可选用_______填编号字母作指示剂A、甲基橙B、石蕊C、酚酞
(3)滴定过程中,眼睛应注视_______________________________,若用酚酞做指示剂,滴定终点的标志是_____________________________________________
(4)根据下表数据,计算被测烧碱溶液的物质的量浓度是________mol/L,烧碱样品的纯度是_____________滴定次数待测溶液体积mL标准酸体积滴定前的刻度mL滴定后的刻度mL第一次
10.
000.
4020.50第二次
10.
004.
1024.00
(5)若未用待测液润洗盛放标准盐酸的滴定管,则可使测定结果______(“偏高”“偏低”或“无影响”)【答案】
1.A
2.AC
3.锥形瓶内溶液的颜色变化
4.当最后一滴标准盐酸滴进去,溶液由粉红色变成无色且半分钟内不变色,证明已到滴定终点
5.
0.
40006.
97.56%
7.偏高【解析】【详解】1易潮解的药品,必须放在玻璃器皿上如小烧杯、表面皿里称量,防止玷污托盘,因烧碱易潮解,所以应放在小烧杯中称量,故答案为A;2酸碱中和滴定时,可用酚酞或甲基橙做指示剂,石蕊变色范围宽且现象不明显,故一般不用石蕊作指示剂,故答案为AC;3中和滴定时,眼睛注视锥形瓶中溶液颜色变化;若用酚酞做指示剂,当最后一滴标准盐酸滴进去,溶液由粉红色变成无色且半分钟内不变色,证明已到滴定终点,故答案为锥形瓶中溶液颜色变化;当最后一滴标准盐酸滴进去,溶液由粉红色变成无色且半分钟内不变色,证明已到滴定终点;4V标准=[
20.50-
0.40+
24.00-
4.10]mL÷2=
20.00mL,c待测═=═
0.4000mol•L-1,m烧碱═cVM═
0.4000mol•L-1×
0.5L×40g/mol═
8.0g,ω═×100%═
97.56%,故答案为
0.4000;
97.56%;5若未用待测液润洗盛放标准盐酸的滴定管,导致滴定过程中消耗的盐酸的体积偏大,c待测═,导致待测液的物质的量偏高,故答案为偏高【点睛】本题考查了酸碱中和滴定中的操作、计算以及误差分析本题的易错点为5,分析误差时要看是否影响标准体积的用量,再根据c待测═分析判断。