还剩10页未读,继续阅读
本资源只提供10页预览,全部文档请下载后查看!喜欢就下载吧,查找使用更方便
文本内容:
2019-2020学年高二物理上学期第二次月考试题含解析II
一、单选题
1.关于磁感应强度,下列说法中正确的是 A.若长为L、电流为I的导体在某处受到的磁场力为F,则该处的磁感应强度必为B.由知,B与F成正比,与IL成反比C.由知,一小段通电导体在某处不受磁场力,说明该处一定无磁场D.磁感应强度的方向就是小磁针静止时N极的指向【答案】D【解析】只有当通过导线垂直放入磁场中,磁感应强度才为,若导线与磁场不垂直,则磁感应强度大于,故A错误;公式是采用比值法定义的,B与F、IL等无关,不能说B与F成正比,与IL成反比,故B错误;一小段通电导线在某处不受磁场力,该处不一定无磁场,也可能是因为导线与磁场平行,故C错误;磁感应强度的方向就是该点的磁场方向,也就是小磁针北极所受磁场力的方向,故D正确所以D正确,ABC错误
3.如图所示直线A是电源的路端电压和干路电流的关系图线直线B、C分别是电阻R
1、R2的两端电压与电流的关系图线若将这两个电阻分别接到该电源上则 A.R1接在电源上时电源的效率高B.R2接在电源上时电源的效率高C.R1接在电源上时电源的输出功率大D.电源的输出功率一样大【答案】A【解析】试题分析A、B,电源的效率η===,效率与路端电压成正比,R1接在电源上时路端电压大,效率高,故A正确,B错误.C、D,由图线的交点读出,R1接在电源上时U=U0,I=I0,电源的输出输出功率P1=UI=U0I0;R2接在电源上时U=U0,I=I0,电源的输出输出功率P2=UI=U0I0,故C、D均错误.故选A.
4.一个用满偏电流为3mA的电流表改装而成的欧姆表,调零后用它测300Ω的标准电阻时,指针恰好指在刻度盘的正中间,如果用它测量一个未知电阻时,指针指在1mA处,则被测电阻的阻值为()A.100ΩB.300ΩC.600ΩD.1000Ω【答案】C【解析】当电流达到满偏电流的一半时,所测电阻与内部电阻相同,为中值电阻中值电阻为,则再由,得,则C正确,ABD错误;点睛考查欧姆表的内部电路,明确中值电阻等于内阻,会由全电路欧姆定律求不同电流时的电阻值
5.在如图的闭合电路中,当滑片P向右移动时,两电表读数的变化是A.A变大,V变大B.A变小,V变大C.A变大,V变小D.A变小,V变小【答案】B【解析】滑片P向右移动时,R电阻增大总电流减小,所以电流表示数 变小,电动势不变,内电压、R0两端电压减小,所以R两端电压增大,电压表示数 变大,故B正确,ACD错误;故选B视频
6.如图所示,一直流电动机与阻值R=9Ω的电阻串联在电源上,电源电动势E=30V,内阻r=1Ω,用理想电压表测出电动机两端电压U=10V,已知电动机线圈电阻RM=1Ω,则下列说法中正确的是()A.通过电动机的电流为10AB.电源的效率为
93.3%C.电动机线圈电阻的热功率为2WD.电动机的输出功率为18W【答案】B【解析】A项电动机电压10V说明R与r的电压是E-10=20V,电流B项电源的效率,故B正确;C项电动机线圈电阻的热功率,故C错误;D项电动机的输出功率,故D错误点晴电动机正常工作时的电路是非纯电阻电路,欧姆定律U>IR,对于R和r是纯电阻,可以用欧姆定律求电流,根据功率关系求出电动机输出的功率
7.质量为m、带电荷量为q的小球,在水平方向的磁感应强度为B的匀强磁场中,沿着动摩擦因数为μ的竖直墙由静止下滑,下列说法正确的是A.小球不受磁场力B.尽管小球受到磁场力作用,但磁场力不做功,系统机械能守恒C.小球下滑的最大速度为D.小球下滑的加速度为重力加速度g【答案】C【解析】小球静止时只受重力,则加速度为a;下滑后,小球受洛伦兹力、重力、支持力及摩擦力,洛伦兹力水平向左,摩擦力竖直向上,故A错误;尽管小球受到磁场力的作用,但磁场力方向与速度方向垂直不做功,但是有摩擦力做负功,系统机械能不守恒,故B错误;当受力平衡时小球有最大速度mg=μqvB,得,故C正确;小球开始时只受重力,下滑后受向上的摩擦力,随着速度增大,洛伦兹力增大球与墙的压力变大,则摩擦力变大,加速度减小,故开始时加速度最大a=g,故D错误.故选C.点睛本题要注意分析带电小球的运动过程,属于牛顿第二定律的动态应用与磁场结合的题目,此类问题要求能准确找出物体的运动过程,并能分析各力的变化.
8.正三角形ABC的三个顶点处分别有垂直于三角形平面的无限长直导线,导线中通有恒定电流,方向如图所示,a、b、c三点分别是正三角形三边的中点,若A、B、C三处导线中的电流分别为I、2I、3I,已知无限长直导线在其周围某一点产生的磁场磁感应强度B的大小与电流成正比,与电流到这一点的距离成反比,即,则a、b、c三点的磁感应强度大小关系为()A.a点最大B.b点最大C.C点最大D.bc两点一样大【答案】B【解析】设正三角形的边长为2L,根据公式,结合矢量的叠加原理,则a、b、c三点的磁感应强度大小分别为;;;综上所述,故B正确,ACD错误;故选B.
二、多选题
9.用如图所示图甲电路来测量电池电动势和内电阻,根据测得的数据作出了图乙所示的U—I图象,由图象可知A.电池内阻的测量值是
3.50ΩB.电池电动势的测量值是
1.40VC.外电路发生短路时的电流为
0.4AD.电压表的示数为
1.20V时电流表的示数【答案】BD【解析】由图可知,电源的电动势约为,由图可知,当路端电压为时,电流为,故不是短路电流,由可知,当电压表示数为时,,故BD正确,AC错误点睛本题考查闭合电路的欧姆定律的数据处理,要明确图象的意义,同时注意纵坐标是否从零开始的,不能相当然的将横坐标的截距当作短路电流
10.如图所示,在倾角为α的光滑固定斜面上,垂直纸面放置一根长为L,质量为m的直导体棒.在导体棒中的电流I垂直纸面向里时,欲使导体棒静止在斜面上,下列外加匀强磁场的磁感应强度B的大小和方向正确是( )A.,方向垂直斜面向下B.,方向垂直斜面向上C.,方向竖直向上D.,方向竖直向下【答案】BC【解析】A、外加匀强磁场的磁感应强度B的方向垂直斜面向下,则沿斜面向下的安培力、支持力与重力,所以棒不可能处于平衡状态,故A错误;B、外加匀强磁场的磁感应强度B的方向垂直斜面向上,则沿斜面向上的安培力、支持力与重力,处于平衡状态,则,即磁感应强度大小为,故B正确;C、外加匀强磁场的磁感应强度B的方向竖直向上,则水平向右的安培力、支持力与重力,处于平衡状态,则,即磁感应强度大小,故C正确;D、外加匀强磁场的磁感应强度B的方向竖直向下,则水平向左的安培力、支持力与重力,所以棒不可能处于平衡状态,故D错误点睛通电导线在磁场中的受到安培力作用,由公式求出安培力大小,由左手定则来确定安培力的方向;学会区分左手定则与右手定则,前者是判定安培力的方向,而后者是判定感应电流的方向
11.在如图所示的电路中,闭合电键S,当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时,四个理想电表的示数都发生变化,电表的示数分别用I、U
1、U2和U3表示,电表示数变化量的大小分别用△I、△U
1、△U2和△U3表示.下列比值正确的是A.不变,不变B.变大,变大C.变大,变小D.变大,不变【答案】AD【解析】根据欧姆定律得知=R1,=R1,当滑动变阻器的滑动触头 P 向下滑动时,与均不变.故A正确.=R2,变大.根据闭合电路欧姆定律得U2=E-I(R1+r),则有=R1+r,不变.故BC错误.=R1+R2,变大.根据闭合电路欧姆定律得U3=E-Ir,则有=r,不变.故D正确.故选AD.点睛本题对于定值电阻,是线性元件有,对于非线性元件,.分析的变化,要结合闭合电路的欧姆定律来分析.
12.如图所示,下端封闭、上端开口、高h=5m内壁光滑的细玻璃管竖直放置,管底有质量m=10g,电荷量的绝对值的小球,整个装置以v=5m/s的速度沿垂直于磁场方向进入磁感应强度B=
0.2T,方向垂直纸面向内的匀强磁场,由于外力的作用,玻璃管在磁场中的速度保持不变,最终小球从上端管口飞出g取10m/s2下列说法中正确的是 A.小球带负电B.小球在竖直方向做匀加速直线运动C.小球在玻璃管中的运动时间小于1sD.小球机械能的增加量为1J【答案】BD【解析】由左手定则可知,小球带正电,选项A错误;玻璃管在水平方向做匀速运动,则竖直方向所受的洛伦兹力恒定,则竖直方向加速度不变,即小球在竖直方向做匀加速直线运动,选项B正确;小球在竖直方向的加速度,在管中运动的时间,选项C错误;小球到管口时的速度v=at=10m/s,机械能的增加量,选项D正确;故选BD.
三、实验题
13.某同学在实验室测定金属导体电阻的实验中1游标卡尺测量长度如图甲所示,可知其长度为L=______mm;2如图乙所示,用螺旋测微器测金属丝的直径的测量值d=______mm;3选用“×10”倍率的电阻挡测量,发现多用表指针偏转过大,因此需选择______倍率的电阻挡(填“×1”或“×100”).并______再进行测量,之后多用表的示数如图丙所示,测量结果为R=______Ω.【答案】
1.
1.
982.
10.245——
10.
2483.×
14.重新进行欧姆调零
5.13Ω点睛本题考查了游标卡尺、螺旋测微器、欧姆表读数;游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺示数,游标卡尺不需要估读;螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数,螺旋测微器需要估读
14.现有一电池,电动势大约为,内阻约为,无法从标签上看清其电动势等数据.现要准确测量其电动势和内阻,实验室备有下列器材A.电流表(量程,内阻为)B.电压表(量程内阻为)C.滑动变阻器(阻值范围)D.定值电阻E.定值电阻F.开关及导线.
(1)由于实验室中电表量程不恰当,需要先将电表改装,该实验中电压表应_________联定值电阻_________(选填R1或R2),电流表应_______联定值电阻_________(选填R1或R2).
(2)在虚线框中画出实验电路原理图______________________________.
(3)若采用了正确的实验电路,通过改变滑动变阻器的阻值,得到了多组电压表示数和电流表示数I,作出了U-I图像,若图像在纵轴的截距为,图像的斜率绝对值为,则电源电动势为__________,内阻为__________.【答案】
1.串
2.
3.并
4.
5.电路原理图如图所示:
6.
7.【解析】
(1)电源的电压约为20V,电压表量程只有15V,故应串联阻值较大的定值电阻扩大量程,故定值电阻应选择R1;电流表量程只有
0.6A,则应并联阻值较小的定值电阻R
2.
(2)实验电路原理图.
(3)若设电流表读数为I,因R2=RA,则电路总电流为2I;电压表读数为U,因R1=RV,则电路总电流为2U,由闭合电路的欧姆定律可得2U=E-2Ir,即U=
0.5E-Ir则a=
0.5E,E=2a;r=b.
四、计算题
15.如图所示的电路中,当S闭合时,电压表和电流表(均为理想电表)的示数各为
1.6V和
0.4A;当S断开时,它们的示数变为
1.7V和
0.3A,求电源的电动势和内阻【答案】
2.0V1Ω【解析】S闭合时,根据闭合电路欧姆定律得即
①S断开时,根据闭合电路欧姆定律得即
②联立
①②式得,点睛分析电路结构,电压表测量路端电压,电流表测量干路电流,根据闭合电路欧姆定律列出含E和r的方程;求解电源的电动势和内阻,常常根据两种情况由闭合电路欧姆定律列方程组求解
16.重为G=
0.1N的金属棒ab,放在光滑的平行金属导轨上,如图所示,轨道间距为L=
0.5m,所在平面与水平面的夹角为30º匀强磁场垂直于轨道平面向上,电源电动势E=3V,电源内阻r=
0.5Ω金属棒电阻R=
5.5Ω,其余电阻不计,若金属棒恰好静止,求
(1)流经金属棒的电流;
(2)磁感应强度的大小【答案】
(1)
0.5A
(2)
0.2T【解析】
(1)根据闭合电路欧姆定律可以得到,回路中的电流为;
(2)对金属棒受力分析如图所示根据平衡条件,有,则由以上三式代入数据,解得点睛本题比较简单,结合安培力特点考查了物体的平衡,注意公式的应用条件,以及公式中各个物理量的含义
17.如图所示,一根水平光滑的绝缘直槽轨连接一个竖直放置的半径为R=
0.50m的绝缘光滑槽轨槽轨处在垂直纸面向外的匀强磁场中,磁感应强度B=
0.50T有一个质量m=
0.10g、带电量为q=+
1.6×10-3C的小球在水平轨道上向右运动若小球恰好能通过最高点,重力加速度g=10m/s2求1小球在最高点N的速度大小;2小球在最高点N所受的洛伦兹力F;3小球的初速度v0【答案】11m/s2
(3)
4.58m/s【解析】(
1、2)设小球在最高点N的速度为,则小球在最高点所受洛伦兹力为方向竖直向上;由于小球恰好能通过最高点N,故小球在最高点N由洛伦兹力和重力共同提供向心力,即两式联立得,;
(2)由于无摩擦力,且洛伦兹力不做功,所以小球在运动过程中机械能守恒,由机械能守恒定律可得其中,联立解得点睛解答该题要挖掘出恰能通过圆形轨道的最高点所隐藏的隐含条件,就是对轨道无压力,该题在此时提供向心力的是重力和洛伦兹力的合力,这是解决此题的关键
18.如图所示,大量质量为m、电荷量为+q的粒子,从静止开始经极板A、B间加速后,沿中心线方向陆续进入平行极板C、D间的偏转电场,飞出偏转电场后进入右侧的有界匀强磁场,最后从磁场左边界飞出已知A、B间电压为U0;极板C、D长为L,间距为d;磁场的磁感应强度大小为B,方向垂直纸面向里,磁场的左边界与C、D右端相距L,且与中心线垂直假设所有粒子都能飞出偏转电场,并进入右侧匀强磁场,不计粒子的重力及相互间的作用,则1求粒子在偏转电场中运动的时间t;2求能使所有粒子均能进入匀强磁场区域的偏转电压的最大值U;3接第2问,当偏转电压为U/2时,求粒子进出磁场位置之间的距离【答案】
(1)
(2)
(3)【解析】试题分析
(1)粒子在AB间加速,有(2分)又粒子在偏转电场中,水平方向(2分)所以(1分)
(2)当粒子擦着偏转极板边缘飞出时,偏转电压最大即(2分)又(1分)且(1分)代入第
(1)问数据得(2分)
(3)设粒子进入偏转电场时速度为v0,离开偏转电场时速度为v,速度v的偏向角为θ,在磁场中轨道半径为r粒子离开偏转电场时,(1分)在匀强磁场中(2分)粒子进出磁场位置之间的距离(1分)解得(2分)说明该结果与偏转电压U无关考点本题考查带电粒子在复合场中的运动。