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2019-2020年高二化学上学期期末试卷(含解析)II
一、选择题(每小题有1个选项符合题意,每小题3分,共54分.)1.(3分)(xx秋•曲沃县校级期末)下列分子中存在π键的是( ) A.H2OB.CH4C.NH3D.CO2 2.(3分)(xx秋•曲沃县校级期末)下列分子式表示的物质,具有同分异构体的是( ) A.C3H7ClB.C3H8C.CH2Cl2D.CH4O 3.(3分)(xx秋•曲沃县校级期末)下面的原子或原子团不属于官能团的是( ) A.OH﹣B.﹣BrC.﹣NO2D. 4.(3分)(xx秋•曲沃县校级期末)共价键、离子键和分子间作用力是物质间的不同作用力,下述物质中只含上述一种作用力的是( ) A.干冰B.氯化钠C.氢氧化钠D.碘 5.(3分)(xx•海南)已知X、Y、Z三种元素组成的化合物是离子晶体,其晶胞如图所示,则下面表示该化合物的化学式正确的( ) A.ZXY3B.ZX2Y6C.ZX4Y8D.ZX8Y12 6.(3分)(xx春•南充期末)有机物的天然提取和人工合成往往得到的是混合物,假设给你一种这样的有机混合物让你研究,一般要采取的几个步骤是( ) A.分离、提纯→确定化学式→确定实验式→确定结构式 B.分离、提纯→确定实验式→确定化学式→确定结构式 C.分离、提纯→确定结构式→确定实验式→确定化学式 D.确定化学式→确定实验式→确定结构式→分离、提纯 7.(3分)(xx秋•曲沃县校级期末)按碳骨架分类,下列说法正确的是( ) A.CH3CH(CH3)2属于烯烃B.属于芳香族化合物 C.属于脂环化合物D.属于芳香化合物 8.(3分)(xx秋•曲沃县校级期末)有4种碳架如下的烃( ) A.a和c是同分异构体B.a和d是同分异构体 C.a和d都能发生加成反应D.只有b和c能发生加成反应 9.(3分)(xx秋•曲沃县校级期末)是烯烃与H2加成后的产物,则该烯烃的结构简式可能有( ) A.1种B.2种C.3种D.4种 10.(3分)(xx春•新疆校级期末)关于氢键,下列说法中,正确的是( ) A.氢键比范德华力强,所以它属于化学键 B.分子间形成的氢键使物质的熔点和沸点升高 C.含氢原子的物质之间均可形成氢键 D.H2O是一种非常稳定的化合物,这是由于氢键所致 11.(3分)(xx秋•曲沃县校级期末)甲烷分子是以碳原子为中心的正四面体形结构,而不是正方形的平面结构,以下事实可作为论据的是( ) A.CH3Cl只有一种结构B.CH2Cl2只有一种结构 C.CHCl3只有一种结构D.CH4只有一种结构 12.(3分)(xx秋•曲沃县校级期末)下列叙述正确的是( ) A.某有机物燃烧后产物只有CO2和H2O,可推出的结论是有机物属于烃 B.某有机物燃烧后产物只有CO2和H2O,可推出的结论是有机物属于烃的含氧衍生物 C.某有机物燃烧后产物只有CO2和H2O,通过测定有机物、CO2和H2O的质量,可确定有机物是否含有氧 D.甲烷在同系物中含碳量最高,因而是清洁能源 13.(3分)(xx秋•曲沃县校级期末)下列关于丙烯(CH3﹣CH=CH2)的说法正确的是( ) A.丙烯分子有7个δ键,1个π键 B.丙烯分子中3个碳原子都是sp3杂化 C.丙烯分子中所有原子在同一平面上 D.丙烯能使酸性高锰酸钾褪色 14.(3分)(xx秋•曲沃县校级期末)下列物质一定属于同系物的是( )
①②③④C2H4
⑤CH2=CH﹣CH=CH2
⑥C3H6
⑦⑧ A.
⑤和
⑥B.
①、
②和
③C.
④和
⑧D.
④、
⑥和
⑧ 15.(3分)(xx秋•曲沃县校级期末)某化合物
6.4g在O2中完全燃烧,只生成
8.8gCO2和
7.2gH2O.下列说法正确的是( ) A.该化合物仅含碳、氢两种元素 B.该化合物中碳、氢原子个数比为12 C.无法确定该化合物是否含有氧元素 D.该化合物中一定含有氧元素 16.(3分)(xx秋•黑龙江校级期末)下列命名中正确的是( ) A.3﹣甲基丁烷B.2,2,4,4﹣四甲基辛烷 C.1,1,3﹣三甲基戊烷D.4﹣丁烯 17.(3分)(xx秋•曲沃县校级期末)下列各组有机物,无论它们以何种物质的量的比例混和,只要总物质的量一定,则在完全燃烧时,消耗氧气的量为一定值的是( ) A.C2H6和C3H8B.C5H10和C6H6 C.C2H6O和C2H4O2D.C4H8和C3H8O 18.(3分)(xx秋•曲沃县校级期末)下列叙述正确的是( ) A.和均是芳香烃,既是芳香烃又是芳香化合物 B.分子式为C3H6Cl2的有机物共有5种同分异构体(不考虑立体异构) C.分子式为C4H8有机物最多存在4个C﹣C单键 D.分子式为C2H6O的红外光谱图上发现有C﹣H键和C﹣O键的振动吸收,由此可推测有机物结构简式为C2H5﹣OH
二、非选择题(共46分)19.(12分)(xx秋•曲沃县校级期末)按要求填空
(1)用系统命名法命名 .
(2)写出2﹣甲基﹣2﹣丁烯结构简式 .
(3)写出羟基的电子式 .
(4)1摩尔的CnH2n+2共有 摩尔的化学键.
(5)中含有的官能团的名称为 .
(6)写出乙烯和氯化氢反应的化学方程式 . 20.(8分)(xx春•漯河期末)新合成的一种烃,其碳架呈三棱柱体(如图所示)
(1)写出该烃的分子式 .
(2)该烃的一氯取代物是否有同分异构体 .
(3)该烃的二氯取代物有多少种 .
(4)该烃的同分异构体有多种,其中1种不能使酸性高锰酸钾溶液或溴水溶液褪色,但在一定条件下能跟溴发生取代反应、与H2发生加成反应,这种同分异构体的结构简式是 . 21.(10分)(xx秋•曲沃县校级期末)X、Y、Z、Q、E五种元素中,X原子核外的M层中只有两对成对电子,Y原子核外的L层电子数是K层的两倍,Z是地壳内含量(质量分数)最高的元素,Q的核电荷数是X与Z的核电荷数之和,E是元素周期表中半径最小的元素.请回答下列问题
(1)X、Y的元素符号依次为 、 ;
(2)XZ2与YZ2分子的立体结构分别是 和 ,相同条件下两者在水中的溶解度较大的是 (写分子式).
(3)Q的元素核外价层电子排布式为 .
(4)XE2中X原子的杂化方式为 ;Y与E形成的化合物种类很多,其中有一种化合物分子中有6个原子,且6个原子共平面,该化合物名称为 .
(5)在Y2E6Z中存在种结构,写出其中一种具有对称结构的结构式 . 22.(10分)(xx秋•曲沃县校级期末)利用核磁共振技术测定有机物分子的三维结构的研究获得了xx年诺贝尔化学奖.在有机物分子中,不同氢原子的核磁共振谱中给出的峰值(信号)也不同,根据峰值(信号)可以确定有机物分子中氢原子的种类和数目.例如二乙醚的结构简式为CH3﹣CH2﹣O﹣CH2﹣CH3其核磁共振谱中给出的峰值(信号)有两个,如图
(一)所示
(1)下列物质中,其核磁共振氢谱中给出的峰值(信号)只有一个的是 .A.CH3CH3B.CH3COOHC.CH3COOCH3D.CH3OCH3
(2)化合物A分子式是C3H7Br,B的分子式是C4H9Br.A的核磁共振氢谱图和图
(一)相似,则A的结构简式为 ,B的核磁共振氢谱图和图
(二)相似,则B的结构简式为 ,
(3)芳香烃C8H10共有 同分异构体,其中核磁共振氢谱中出现2个峰值(信号)的物质名称为 . 23.(6分)(xx秋•曲沃县校级期末)某有机化合物仅由碳、氢、氧三种元素组成,经测定其相对分子质量为90.称取该有机物样品
1.8g,在足量纯氧中完全燃烧,将产物先后通过浓硫酸和碱石灰,两者分别增重
1.08g和
2.64g.
(1)通过计算得出该有机化合物的分子式为 (简要写出计算过程)
(2)经过红外光谱分析得知该分子中存在C=OC﹣OC﹣H等化学键,且核磁共振氢谱中只有一组峰,该有机物的结构简式为 . xx山西省临汾市曲沃中学高二(上)期末化学试卷参考答案与试题解析
一、选择题(每小题有1个选项符合题意,每小题3分,共54分.)1.(3分)(xx秋•曲沃县校级期末)下列分子中存在π键的是( ) A.H2OB.CH4C.NH3D.CO2考点共价键的形成及共价键的主要类型.专题化学键与晶体结构.分析非金属元素之间易形成共价键,共价单键为σ键,共价双键中含有一个σ键一个π键,共价三键中含有一个σ键两个π键,根据物质中所含共价键类型判断.解答解A.H2O中为共价单键,不含π键,故A错误;B.CH4中为共价单键,不含π键,故B错误;C.NH3中为共价单键,不含π键,故C错误;D.二氧化碳的结构式为O=C=O,所以含有σ键和π键,故D正确.故选D.点评本题考查了共价键中π键的判断,明确物质的分子结构是解本题关键,只有共价双键或三键中含有π键,题目难度不大. 2.(3分)(xx秋•曲沃县校级期末)下列分子式表示的物质,具有同分异构体的是( ) A.C3H7ClB.C3H8C.CH2Cl2D.CH4O考点同分异构现象和同分异构体.专题同分异构体的类型及其判定.分析A、C3H7Cl是C3H8的一氯取代产物,根据C3H8中等效H原子判断.B、含有4个碳原子或大于4个碳原子的烷烃,存在同分异构体.C、CH2Cl2是甲烷的二氯取代产物,根据甲烷的空间结构判断.D、CH4O只能代表甲醇,不存在同分异构体.解答解A、C3H7Cl是C3H8的一氯取代产物,C3H8中有2种H原子,所以C3H8的一氯取代产物有2种同分异构体,故A正确.B、C3H8为丙烷,不存在同分异构体,故B错误.C、CH2Cl2是甲烷的二氯取代产物,甲烷正四面体结构,CH2Cl2不存在同分异构体,故C错误.D、CH4O只能代表甲醇,不存在同分异构体,故D错误.故选A.点评考查同分异构体书写,难度较小,旨在考查学生对基础知识的理解与掌握.注意甲烷的卤代产物不存在同分异构体. 3.(3分)(xx秋•曲沃县校级期末)下面的原子或原子团不属于官能团的是( ) A.OH﹣B.﹣BrC.﹣NO2D.考点有机物分子中的官能团及其结构.专题有机化学基础.分析决定有机物性质的原子或原子团为官能团,为中性基团,以此来解答.解答解A.OH﹣为氢氧根离子,带1个单位的负电荷,不属于官能团,故A选;B.﹣Br为卤素原子,为官能团,故B不选;C.为硝基,是官能团,故C不选;D.为碳碳双键,是烯烃的官能团,故D不选;故选A.点评本题考查官能团,注意常见有机物的官能团及性质即可解答,题目较简单. 4.(3分)(xx秋•曲沃县校级期末)共价键、离子键和分子间作用力是物质间的不同作用力,下述物质中只含上述一种作用力的是( ) A.干冰B.氯化钠C.氢氧化钠D.碘考点化学键;离子键的形成;共价键的形成及共价键的主要类型;分子间作用力.专题化学键与晶体结构.分析一般金属元素与非金属元素之间形成离子键,非金属元素之间形成共价键,分子之间存在分子间作用力,以此来解答.解答解A.干冰为固态二氧化碳,存在共价键和分子间作用力,故A不选;B.氯化钠中只有离子键,故B选;C.氢氧化钠中存在离子键和共价键,故C不选;D.碘单质中存在分子间作用力和共价键,故D不选;故选B.点评本题考查化学键,熟悉常见物质中的化学键及化学键的形成规律即可解答,注意分子晶体中存在分子间作用力,不属于化学键. 5.(3分)(xx•海南)已知X、Y、Z三种元素组成的化合物是离子晶体,其晶胞如图所示,则下面表示该化合物的化学式正确的( ) A.ZXY3B.ZX2Y6C.ZX4Y8D.ZX8Y12考点晶胞的计算.专题化学键与晶体结构.分析Z处于晶胞中心的原子被一个晶胞占有,X处于顶点上的原子被8个晶胞占有,Y处于棱上的原子被4个晶胞占有,利用均摊法计算晶胞中各原子数目确定化学式.解答解Z处于晶胞中心的原子被一个晶胞占有,X处于顶点上的原子被8个晶胞占有,Y处于棱上的原子被4个晶胞占有,故晶胞中含有Z原子的数目为
1、含有X原子的数目为8×=
1、含有Y原子的数目为12×=3,所以Z、X、Y的原子个数比是113,所以其化学式为ZXY3,故选A.点评本题考查了晶胞的有关计算,难度不大,利用均摊法计算晶胞中含有的各种元素的原子个数之比即可确定. 6.(3分)(xx春•南充期末)有机物的天然提取和人工合成往往得到的是混合物,假设给你一种这样的有机混合物让你研究,一般要采取的几个步骤是( ) A.分离、提纯→确定化学式→确定实验式→确定结构式 B.分离、提纯→确定实验式→确定化学式→确定结构式 C.分离、提纯→确定结构式→确定实验式→确定化学式 D.确定化学式→确定实验式→确定结构式→分离、提纯考点测定有机物分子的元素组成;有机物实验式和分子式的确定.专题有机物分子组成通式的应用规律.分析从天然资源提取的有机物,首先得到是含有有机物的粗品,需经过分离、提纯才能得到纯品,再进行鉴定和研究未知有机物的结构与性质,一般先利用元素定量分析确定实验式,再测定相对分子质量确定分子式,最后利用波谱分析确定结构式.解答解从天然资源提取的有机物,首先得到是含有有机物的粗品,需经过分离、提纯才能得到纯品,再进行鉴定和研究未知有机物的结构与性质,一般先利用元素定量分析确定实验式,再测定相对分子质量确定分子式,因为有机物存在同分异构现象,所以最后利用波谱分析确定结构式,故对其进行研究一般采取的研究步骤是分离提纯→确定实验式→确定分子式→确定结构式,故选B.点评本题考查有机物结构确定、有机物研究方法等,比较基础,注意有机物研究的一般步骤. 7.(3分)(xx秋•曲沃县校级期末)按碳骨架分类,下列说法正确的是( ) A.CH3CH(CH3)2属于烯烃B.属于芳香族化合物 C.属于脂环化合物D.属于芳香化合物考点芳香烃、烃基和同系物.专题有机物分子组成通式的应用规律.分析A.烯烃含有碳碳双键;B.芳香族化合物指含有苯环的化合物;C.结构中含有苯环,属于芳香族化合物;D.芳香族化合物指含有苯环的化合物.解答解A.CH3CH(CH3)2是异丁烷,属于链状化合物,故A错误;B.芳香族化合物指含有苯环的化合物,不含苯环,属于环烯,故B错误;C.结构中含有苯环,属于芳香族化合物,不是脂环化合物,故C错误;D.含有苯环,属于芳香化合物,故D正确.故选D.点评本题主要考查有机物的分类,比较基础,注意基础知识的掌握以及酚与醇的区别,注意区分醇类和酚类. 8.(3分)(xx秋•曲沃县校级期末)有4种碳架如下的烃( ) A.a和c是同分异构体B.a和d是同分异构体 C.a和d都能发生加成反应D.只有b和c能发生加成反应考点同分异构现象和同分异构体;取代反应与加成反应.分析根据共价键理论,图中a表示的是2﹣甲基丙烯,b表示的是2,2﹣二甲基丙烷,c表示的是2﹣甲基丙烷,d表示的是环丁烷.A、a和c分子式不相同,结构不同;B、a和d分子式相同,结构不同;C、a含有碳碳双键,能发生加成反应,d不能发生加成反应;D、烷烃、环烷烃在一定条件下都能发生取代反应,不能发生加成反应;解答解由碳骨架可知a为2﹣甲基丙烯、b为新戊烷、c为2﹣甲基丙烷、d为环丁烷.A、a和c分子式不相同,结构不同,不属于同分异构体,故A错误;B、a和d分子式相同,结构不同,互为同分异构体,故B正确;C、a含有碳碳双键,能发生加成反应,d不能发生加成反应,故C错误;D、b和c在一定条件下都能发生取代反应,不能发生加成反应,故D错误;故选B.点评本题考查了有机物的官能团和结构、同分异构体等知识,难度一般,注意烯烃和环烷烃之间可存在同分异构现象. 9.(3分)(xx秋•曲沃县校级期末)是烯烃与H2加成后的产物,则该烯烃的结构简式可能有( ) A.1种B.2种C.3种D.4种考点同分异构现象和同分异构体.分析某种烃与H211加成得到如图所示烷烃,则该烃分子中含有1个碳碳双键.加成反应指有机物分子中的不饱和键断裂,断键原子与其他原子或原子团相结合,生成新的化合物的反应.根据加成原理采取逆推法还原C=C双键,烷烃分子中相邻碳原子上均带氢原子的碳原子间是对应烯烃存在碳碳双键的位置.还原双键时注意先判断该烃结构是否对称,如果对称,只考虑该分子一边的结构和对称线两边相邻碳原子即可;如果不对称,要全部考虑,然后各去掉相邻碳原子上的一个氢原子形成双键.解答解烃与H211加成得到如图所示烷烃,则该烃分子中含有1个碳碳双键,根据烯烃与H2加成反应的原理,推知该烷烃分子中相邻碳原子上均带氢原子的碳原子间是对应烯烃存在碳碳双键的位置.该烃的碳链结构为,所以2号碳上无氢原子,故与1号、3号碳之间都不能形成双键,4号碳能与5号、3号形成2个双键,3号碳与其甲基间可构成双键,故该烯烃共有3种.故选C.点评本题以加成反应为载体,考查同分异构体的书写,理解加成反应原理是解题的关键,采取逆推法还原C=C双键,注意分析分子结构是否对称,防止重写、漏写. 10.(3分)(xx春•新疆校级期末)关于氢键,下列说法中,正确的是( ) A.氢键比范德华力强,所以它属于化学键 B.分子间形成的氢键使物质的熔点和沸点升高 C.含氢原子的物质之间均可形成氢键 D.H2O是一种非常稳定的化合物,这是由于氢键所致考点含有氢键的物质.专题化学键与晶体结构.分析A.氢键存在于分子间,化学键存在于分子内;B.氢键的存在使分子间作用力增强,能够显著提高物质的熔沸点;C.电负性大的元素的氢化物中易形成氢键;D.氢键只影响物质的物理性质,与化合物的稳定性无关.解答解A.氢键存在于分子间,化学键存在于分子内,所以氢键不是化学键,故A错误;B.氢键的存在使分子间作用力增强,能够显著提高物质的熔沸点,故B正确;C.电负性大的元素的氢化物中易形成氢键,故C错误;D.氢键只影响物质的物理性质,H2O是一种非常稳定的化合物,是因为H﹣O键的稳定性强,故D错误.故选B.点评本题考查了氢键的存在和对物质性质的影响,题目难度不大,把握氢键的概念是解题的关键,注意氢键只影响物质的物理性质,与物质的稳定性无关. 11.(3分)(xx秋•曲沃县校级期末)甲烷分子是以碳原子为中心的正四面体形结构,而不是正方形的平面结构,以下事实可作为论据的是( ) A.CH3Cl只有一种结构B.CH2Cl2只有一种结构 C.CHCl3只有一种结构D.CH4只有一种结构考点常见有机化合物的结构.分析如果甲烷是正方形的平面结构,而CH2Cl2有两种结构相邻或者对角线上的氢被Cl取代,而实际上,其二氯取代物只有一种结构,因此只有正四面体结构才符合.解答解A.无论甲烷分子是以碳原子为中心的正四面体结构,还是平面正方形结构,CH3Cl都不存在同分异构体,只有一种结构,故A错误;B.甲烷是正方形的平面结构,而CH2Cl2有两种结构相邻或者对角线上的氢被Cl取代,而实际上,其二氯取代物只有一种结构,因此只有正四面体结构才符合,故B正确;C.无论甲烷分子是以碳原子为中心的正四面体结构,还是平面正方形结构,CHCl3都不存在同分异构体,只有一种结构,故C错误;D.无论甲烷分子是以碳原子为中心的正四面体结构,还是平面正方形结构,CH4都不存在同分异构体,只有一种结构,故D错误;故选B.点评本题考查常见有机化合物的结构,题目难度中等,注意CH2Cl2只代表一种物质,可以证明甲烷分子是空间正四面体结构,而不是平面正方形结构. 12.(3分)(xx秋•曲沃县校级期末)下列叙述正确的是( ) A.某有机物燃烧后产物只有CO2和H2O,可推出的结论是有机物属于烃 B.某有机物燃烧后产物只有CO2和H2O,可推出的结论是有机物属于烃的含氧衍生物 C.某有机物燃烧后产物只有CO2和H2O,通过测定有机物、CO2和H2O的质量,可确定有机物是否含有氧 D.甲烷在同系物中含碳量最高,因而是清洁能源考点饱和烃与不饱和烃;有关有机物分子式确定的计算.专题烃及其衍生物的燃烧规律.分析A.有机物燃烧后产物只有CO2和H2O,该有机物不一定为烃类,可能为烃的含氧衍生物;B.某有机物燃烧后产物只有CO2和H2O,该有机物可能为烃或者烃的含氧衍生物;C.根据质量守恒定律,可以根据有机物主链、二氧化碳和水的质量情况是否含有氧元素;D.甲烷是含氢量最高,含碳量最低的有机物.解答解A.烃的含氧衍生物燃烧产物也只有二氧化碳和水,该有机物不一定为烃类,故A错误;B.烃类物质燃烧产物只有二氧化碳和水,所以该有机物可能为烃类,不一定为烃的含氧衍生物,故B错误;C.若知道有机物主链、完全燃烧生成二氧化碳和水的质量,可以根据质量守恒确定该有机物是否含有氧元素,故C正确;D.烷烃是含氢量最高的有机物,而甲烷是含氢量最高的烃类,则甲烷的含碳量最低,故D错误;故选C.点评本题考查了有机物结构与性质,有机物分子式的确定,题目难度不大,注意掌握常见有机物结构与性质,明确确定有机物分子式的方法. 13.(3分)(xx秋•曲沃县校级期末)下列关于丙烯(CH3﹣CH=CH2)的说法正确的是( ) A.丙烯分子有7个δ键,1个π键 B.丙烯分子中3个碳原子都是sp3杂化 C.丙烯分子中所有原子在同一平面上 D.丙烯能使酸性高锰酸钾褪色考点有机物的结构和性质.分析丙烯中含碳碳双键,可发生加成反应、氧化反应,且碳碳双键为平面结构,与双键碳直接相连的原子在同一平面内,以此来解答.解答解A.分子中含有6个C﹣H键、1个C﹣C键和1个C=C键,则有8个δ键,1个π键,故A错误;B.形成C=C键的C原子,可形成3个δ键,为sp2杂化,故B错误;C.碳碳双键为平面结构,3个C原子在同一平面内,不在一条直线上,故C错误;D.含有碳碳双键,可被酸性高锰酸钾氧化,故D正确.故选D.点评本题考查有机物的结构与性质,为高频考点,把握官能团与性质的关系为解答的关键,侧重烯烃的结构与性质的考查,注意共面、共线问题的分析为解答的易错点,题目难度不大. 14.(3分)(xx秋•曲沃县校级期末)下列物质一定属于同系物的是( )
①②③④C2H4
⑤CH2=CH﹣CH=CH2
⑥C3H6
⑦⑧ A.
⑤和
⑥B.
①、
②和
③C.
④和
⑧D.
④、
⑥和
⑧考点芳香烃、烃基和同系物.专题同系物和同分异构体.分析结构相似,在分子组成上相差一个或若干个CH2原子团的物质互称为同系物;互为同系物的物质满足以下特点结构相似、化学性质相似、分子式通式相同、分子式不同.解答解
①该有机物为甲苯,含有1个苯环;
②为萘,含有两个苯环;
③为苯乙烯,含有苯环和碳碳双键;
④为乙烯,含有碳碳双键;
⑤为1,3﹣丁二烯,含有两个碳碳双键;
⑥为丙烯或者环丙烷;
⑦为1,3﹣戊二烯;
⑧为2﹣丁烯,互为同系物的有机物,必须满足含有官能团类型、个数相等,且在分子组成上相差一个或若干个CH2原子团,以上8种物质中,满足该条件的是
⑤和
⑦或
④和
⑧,故选C.点评本题考查同系物的判断,难度不大.明确同系物的概念及判断方法是解题的关键. 15.(3分)(xx秋•曲沃县校级期末)某化合物
6.4g在O2中完全燃烧,只生成
8.8gCO2和
7.2gH2O.下列说法正确的是( ) A.该化合物仅含碳、氢两种元素 B.该化合物中碳、氢原子个数比为12 C.无法确定该化合物是否含有氧元素 D.该化合物中一定含有氧元素考点测定有机物分子的元素组成.专题烃及其衍生物的燃烧规律.分析化合物燃烧生成
8.8gCO2和
7.2gH2O,根据元素守恒则一定含有C、H元素,根据n=计算二氧化碳、水的物质的量,进而计算有机物中C、H原子数目之比,根据m=nM计算C、H元素质量,根据质量守恒定律计算判断化合物中是否含有O元素.解答解化合物燃烧生成
8.8gCO2和
7.2gH2O,根据元素守恒则一定含有C、H元素,
8.8g二氧化碳的物质的量为n(CO2)==
0.2mol,n(C)=n(CO2)=
0.2mol,m(C)=
0.2mol×12g/mol=
2.4g,
7.2g水的物质的量为n(H2O)==
0.4mol,n(H)=2n(H2O)=
0.8mol,m(H)=
0.8g,故化合物中N(C)N(H)=
0.2mol
0.4mol=14,由于m(C)+m(H)=
2.4g+
0.8g=
3.2g<
6.4g,所以该化合物中一定含有氧元素,综上分析可知,A、该化合物含碳、氢、氧元素,故A错误;B、该化合物中碳、氢原子个数比为14,故B错误;C、该化合物含有氧元素,故C错误;D、该化合物中一定含有氧元素,故D正确.故选D.点评本题考查有机物组成的确定,题目难度不大,注意根据质量守恒判断是否含有氧元素. 16.(3分)(xx秋•黑龙江校级期末)下列命名中正确的是( ) A.3﹣甲基丁烷B.2,2,4,4﹣四甲基辛烷 C.1,1,3﹣三甲基戊烷D.4﹣丁烯考点有机化合物命名.专题有机物分子组成通式的应用规律.分析A、丁烷中出现3﹣甲基,说明取代基编号错误;B、根据烷烃的命名原则进行判断;C、命名中出现1﹣甲基,说明选取的主链不是最长的;D、根据烯烃的命名原则进行分析.解答解A、3﹣甲基丁烷,说明取代基的编号不是最小的,正确命名为2﹣甲基丁烷,故A错误;B、2,2,4,4﹣四甲基辛烷,该命名选取的主链最长,取代基编号之和最小,符合烷烃的命名原则,故B正确;C、1,1,3﹣三甲基戊烷,说明选取的主链错误,正确的命名为2,4﹣二甲基己烷,故C错误;D、4﹣丁烯,说明官能团碳碳双键的编号不是最小,正确命名为1﹣丁烯,故D错误;故选B.点评本题考查了有机物的命名,根据有机物的命名方法完成即可,本题难度不大. 17.(3分)(xx秋•曲沃县校级期末)下列各组有机物,无论它们以何种物质的量的比例混和,只要总物质的量一定,则在完全燃烧时,消耗氧气的量为一定值的是( ) A.C2H6和C3H8B.C5H10和C6H6 C.C2H6O和C2H4O2D.C4H8和C3H8O考点有关混合物反应的计算.分析有机物无论它们以何种物质的量的比例混和,只要总物质的量一定,则在完全燃烧时,消耗氧气的量为一定值,若设有机物通式为CxHyOz,则根据(x+﹣)计算出的消耗氧气的量一定相等,据此进行解答.解答解由CxHyOz+(x+﹣)O2xCO2+H2O可知,有机物无论它们以何种物质的量的比例混和,只要总物质的量一定,则在完全燃烧时,消耗氧气的量为一定值,则(x+﹣)相等即符合题意,A.2+=
3.5≠3+=5,故A错误;B.5+=
7.5=6+,故B正确;C.2+﹣=3≠2+﹣=2,故C错误;D.4+=6≠3+﹣=
4.5,故D错误;故选B.点评本题考查学生利用有机物燃烧的通式进行计算,题目难度中等,明确信息消耗氧气的量为一定值得出(x+﹣)相等是解答本题的关键,不需要通过化学反应方程式逐一计算. 18.(3分)(xx秋•曲沃县校级期末)下列叙述正确的是( ) A.和均是芳香烃,既是芳香烃又是芳香化合物 B.分子式为C3H6Cl2的有机物共有5种同分异构体(不考虑立体异构) C.分子式为C4H8有机物最多存在4个C﹣C单键 D.分子式为C2H6O的红外光谱图上发现有C﹣H键和C﹣O键的振动吸收,由此可推测有机物结构简式为C2H5﹣OH考点有机化学反应的综合应用.专题有机化学基础.分析A.有机物分子中含有苯环的烃属于芳香烃,在元素组成上只含有C、H两种元素;B.可以根据有机物烷烃的同分异构体的写法来书写其所有的同分异构体,观察得出结论;C.C4H8的结构可能为1﹣丁烯,2﹣丁烯和环丁烷;D.有C﹣H键和C﹣O键不一定是C2H5﹣OH.解答解A.不含苯环,不是芳香烃,含有氮、氧元素,不是烃,故A错误;B.分子式为C3H6Cl2的有机物可以看作C3H8中的两个氢原子被两个氯取代,碳链上的3个碳中,两个氯取代一个碳上的氢,有两种CH3﹣CH2﹣CHCl2(取代那面甲基上的氢原子时一样)、CH3﹣CCl2﹣CH3,分别取代两个碳上的氢,有两种CH2Cl﹣CH2﹣CH2Cl(两个边上的),CH2Cl﹣CHCl﹣CH3(一中间一边上),共有四种,故B错误;C.C4H8的结构可能为1﹣丁烯,2﹣丁烯和环丁烷,最多存在4个C﹣C单键,故C正确;D.有C﹣H键和C﹣O键不一定是C2H5﹣OH,还可能为CH3OCH3,故D错误.故选C.点评本题考查有机物的结构与性质,注意基础知识的积累,把握官能团与性质的关系为解答的关键,题目难度不大.
二、非选择题(共46分)19.(12分)(xx秋•曲沃县校级期末)按要求填空
(1)用系统命名法命名 2,3﹣二甲基戊烷 .
(2)写出2﹣甲基﹣2﹣丁烯结构简式 CH3C(CH3)=CH(CH3) .
(3)写出羟基的电子式 .
(4)1摩尔的CnH2n+2共有 3n+1 摩尔的化学键.
(5)中含有的官能团的名称为 酚羟基、酯基 .
(6)写出乙烯和氯化氢反应的化学方程式 CH2═CH2+HClCH3CH2Cl .考点有机化合物命名;核素;烃的衍生物官能团;有机化学反应的综合应用.专题有机化学基础.分析
(1)选择最长碳链为5,离支链最近的一端为左端,据此命名即可;
(2)2﹣甲基﹣2﹣丁烯,主链是丁烯,碳碳双键在2号、3号碳原子上,从碳碳双键最近一端编号,2号碳原子上有1个甲基;
(3)羟基是电中性基团,氧原子与氢原子以1对共用电子对连接;
(4)烷烃中碳碳间共用电子对数为碳原子数减去1;碳氢电子对数与H原子个数相同,据此计算即可;
(5)依据所给结构简式回答即可;
(6)乙烯和氯化氢发生加成反应生成一氯乙烷,据此回答即可.解答解
(1)选择最长碳链为5,离支链最近的一端为左端,在第2号C与3号C上分别连有一个甲基,故正确命名为2,3﹣二甲基戊烷,故答案为2,3﹣二甲基戊烷;
(2)2﹣甲基﹣2﹣丁烯,主链是丁烯,碳碳双键在2号、3号碳原子上,从碳碳双键最近一端编号,2号碳原子上有1个甲基,结构简式CH3C(CH3)=CH(CH3),故答案为CH3C(CH3)=CH(CH3);
(3)羟基是电中性基团,氧原子与氢原子以1对共用电子对连接,电子式为,故答案为;
(4)分子式为CnH2n+2的烃分子中,碳原子数为n,则烷烃中碳碳间共用电子对数为n﹣1,C﹣H的对数为2n+2,故1molCnH2n+2的总电子对数为n﹣1+2n+2=3n+1,故答案为3n+1;
(5)中含有酚羟基与酯基,故答案为酚羟基、酯基;
(6)乙烯和氯化氢发生加成反应生成一氯乙烷,化学反应方程式为CH2═CH2+HClCH3CH2Cl,故答案为CH2═CH2+HClCH3CH2Cl.点评本题考查化学方程式、电子式、官能团、有机物的命名等,难度不大,注意总结归纳. 20.(8分)(xx春•漯河期末)新合成的一种烃,其碳架呈三棱柱体(如图所示)
(1)写出该烃的分子式 C6H6 .
(2)该烃的一氯取代物是否有同分异构体 否 .
(3)该烃的二氯取代物有多少种 3种 .
(4)该烃的同分异构体有多种,其中1种不能使酸性高锰酸钾溶液或溴水溶液褪色,但在一定条件下能跟溴发生取代反应、与H2发生加成反应,这种同分异构体的结构简式是 .考点同分异构现象和同分异构体.专题同分异构体的类型及其判定.分析
(1)根据键线式来书写分子式;
(2)根据对称性原则来判断烃中的等效氢原子,进而判断一氯代物的种数;
(3)根据固定一个氯原子的方法来确定另一个氯原子的可能位置;
(4)结合物质具备的性质条件和同分异构体的概念知识来回答.解答解
(1)根据有机物键线式的特点,可知该有机物分子式为C6H6,故答案为C6H6;
(2)该有机物中的6个氢原子完全等,所以其一氯代物只有一种,所以该烃的一氯取代物没有同分异构体,故答案为否;
(3)将三棱柱体的一个顶点固定,该碳上的氢原子被氯原子取代,则与该碳共面的另一个点、竖棱上的共线点以及以及体对角线上的点上的氢原子被氯原子代替时均不同,所以该烃的二氯取代物有3种,故答案为3种;
(4)不能使酸性高锰酸钾溶液或溴水溶液褪色,但在一定条件下能跟溴发生取代反应、与H2发生加成反应,符合分子式C6H6的烃是苯,故答案为.点评本题考查学生同分异构体的概念和应用知识,要求学生具有整合知识的能力,难度较大. 21.(10分)(xx秋•曲沃县校级期末)X、Y、Z、Q、E五种元素中,X原子核外的M层中只有两对成对电子,Y原子核外的L层电子数是K层的两倍,Z是地壳内含量(质量分数)最高的元素,Q的核电荷数是X与Z的核电荷数之和,E是元素周期表中半径最小的元素.请回答下列问题
(1)X、Y的元素符号依次为 S 、 C ;
(2)XZ2与YZ2分子的立体结构分别是 V形 和 直线形 ,相同条件下两者在水中的溶解度较大的是 SO2 (写分子式).
(3)Q的元素核外价层电子排布式为 3d54s1 .
(4)XE2中X原子的杂化方式为 sp3 ;Y与E形成的化合物种类很多,其中有一种化合物分子中有6个原子,且6个原子共平面,该化合物名称为 乙烯 .
(5)在Y2E6Z中存在种结构,写出其中一种具有对称结构的结构式 .考点位置结构性质的相互关系应用.专题元素周期律与元素周期表专题.分析X原子核外的M层中只有两对成对电子,核外电子排布应为1s22s22p63s23p4,为S元素,Y原子核外的L层电子数是K层的两倍,Y有2个电子层,最外层电子数为4,故Y为C元素,Z是地壳内含量最高的元素,为O元素,Q的核电荷数是X与Z的核电荷数之和,原子序数为24,为Cr元素,E是元素周期表中半径最小的元素,应为H元素,结合元素对应单质、化合物的结构和性质解答该题.解答解X原子核外的M层中只有两对成对电子,核外电子排布应为1s22s22p63s23p4,为S元素,Y原子核外的L层电子数是K层的两倍,Y有2个电子层,最外层电子数为4,故Y为C元素,Z是地壳内含量最高的元素,为O元素,Q的核电荷数是X与Z的核电荷数之和,原子序数为24,为Cr元素,E是元素周期表中半径最小的元素,应为H元素,则
(1)由以上分析可知,X为S,Y为C,故答案为S;C;
(2)X为S元素,Y为C元素,Z为O元素,XZ2与YZ2分子分别为SO
2、CO2,SO2中,S和O形成2个δ键,有1个孤电子对,为V形,CO2中,C和O形成2个δ键,没有孤电子对,为直线形,SO2是极性分子,H2O也是极性分子,相似相溶,而CO2是非极性分子,故SO2在水中溶解度更大,故答案为V形;直线形;SO2;
(3)Q为Cr,原子序数为24,位于周期表第四周期ⅥB族,核外电子排布式为1s22s22p63s23p63d54s1,核外价层电子排布式为3d54s1,故答案为3d54s1;
(4)原子的电子层数越少,其原子半径越小,H原子电子层数最少,所以其原子半径最小,所以E是氢元素,X为S元素,XE2为H2S,H2S分子中S原子的σ键电子对数为2,孤电子对数=(6﹣1×2)=2,则价层电子对数为4,所以S原子为杂化sp3;Y为C,E为H元素,Y与E形成的化合物种类很多,属于烃,其中有一种化合物分子中有6个原子,且6个原子共平面,该化合物为乙烯,分子式为C2H4,故答案为sp3;乙烯;
(5)Y为C,E为H元素,Z为O元素,Y2E6Z为C2H6O,为二甲醚或乙醇,在C2H6O中存在对称结构的为二甲醚CH3OCH3,结构式为,故答案为.点评本题考查原子结构与元素的性质,题目难度中等,本题注意把握原子核外电子排布,推断元素的种类是关键,还要注意把握分析空间构型的判断. 22.(10分)(xx秋•曲沃县校级期末)利用核磁共振技术测定有机物分子的三维结构的研究获得了xx年诺贝尔化学奖.在有机物分子中,不同氢原子的核磁共振谱中给出的峰值(信号)也不同,根据峰值(信号)可以确定有机物分子中氢原子的种类和数目.例如二乙醚的结构简式为CH3﹣CH2﹣O﹣CH2﹣CH3其核磁共振谱中给出的峰值(信号)有两个,如图
(一)所示
(1)下列物质中,其核磁共振氢谱中给出的峰值(信号)只有一个的是 AD .A.CH3CH3B.CH3COOHC.CH3COOCH3D.CH3OCH3
(2)化合物A分子式是C3H7Br,B的分子式是C4H9Br.A的核磁共振氢谱图和图
(一)相似,则A的结构简式为 CH3CHBrCH3 ,B的核磁共振氢谱图和图
(二)相似,则B的结构简式为 BrCH2CH2Br ,
(3)芳香烃C8H10共有 4 同分异构体,其中核磁共振氢谱中出现2个峰值(信号)的物质名称为 对二甲苯 .考点常见有机化合物的结构;有机化合物的异构现象.专题有机化学基础.分析
(1)核磁共振氢谱中峰值数等于有机物中氢原子的种类数,核磁共振氢谱中给出的峰值(信号)只有一个,说明该分子中只有1种H原子;
(2)核磁共振氢谱中峰值数等于有机物中氢原子的种类数,然后根据分子式写出对应的结构;
(3)分子式为C8H10的芳香烃,分子中含有1个苯环,其不饱和度==4,故侧链为烷基,若有1个侧链,为﹣CH2﹣CH3;若有2个侧链,为﹣CH3,有邻、间、对三种,据此解答.解答解
(1)A.CH3CH3中只有一种H原子,故A正确;B.CH3COOH中有两种H原子,故B错误;C.CH3COOCH3中有两种H原子,故C错误;D.CH3OCH3中只有一种H原子,故D正确;故选AD.
(2)核磁共振氢谱中只给出2种峰,说明该分子中有2种H原子,则A的结构简式为CH3CHBrCH3;核磁共振氢谱中只给出1种峰,说明该分子中只有1种H原子,则B的结构简式为BrCH2CH2Br;故答案为CH3CHBrCH3;BrCH2CH2Br;
(3)分子式为C8H10的芳香烃,分子中含有1个苯环,其不饱和度==4,故侧链为烷基,若有1个侧链,为﹣CH2﹣CH3;若有2个侧链,为﹣CH3,有邻、间、对三种,故符合条件的结构共有4种,结构简式,其中只有1种氢原子的为对二甲苯;故答案为4;对二甲苯;点评本题结合核磁共振氢谱考查了有机物结构的书写,难度不大,要抓住核磁共振氢谱中峰值数等于有机物中氢原子的种类数. 23.(6分)(xx秋•曲沃县校级期末)某有机化合物仅由碳、氢、氧三种元素组成,经测定其相对分子质量为90.称取该有机物样品
1.8g,在足量纯氧中完全燃烧,将产物先后通过浓硫酸和碱石灰,两者分别增重
1.08g和
2.64g.
(1)通过计算得出该有机化合物的分子式为 C3H6O3 (简要写出计算过程)
(2)经过红外光谱分析得知该分子中存在C=OC﹣OC﹣H等化学键,且核磁共振氢谱中只有一组峰,该有机物的结构简式为 .考点有关有机物分子式确定的计算.分析
(1)根据有机物的质量和相对分子质量可计算有机物的物质的量,根据生成的水和二氧化碳的质量可计算有机物中含有的C、H原子个数,结合相对分子质量可计算O原子个数,进而可求得分子式;
(2)结合红外光谱分析得知该分子中存在C=O、C﹣O、C﹣H等化学键,且核磁共振氢谱中只有一组峰,说明只有一种等效氢,确定其结构简式.解答解
(1)设有机物的分子式为CXHYOz,n(CXHYOz)==
0.02mol,n(H2O)==
0.06mol,n(CO2)==
0.06mol,所以x=3,y=6.又因为有机物分子量为90,则有机物中O原子数为=3,z=3,故推得有机物分子式为C3H6O3,故答案为C3H6O3;
(2)红外光谱分析得知该分子中存在C=O、C﹣O、C﹣H等化学键,且核磁共振氢谱中只有一组峰,说明只有一种等效氢,因此该有机物的结构简式为,故答案为.点评本题考查有机物分子式的确定,侧重于学生分析能力和计算能力的考查,题目难度中等,注意根据相对分子质量确定氧原子个数. 。