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2019届高三物理4月月考试题含解析II
二、选择题本题共8个小题,每小题6分,14~18每小题只有一项符合题目要求;19~21每小题至少有两项符合题目要求,全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有错选的得0分.
1.下列说法正确的是()A.原子的发射光谱和吸收光谱都是分立的线状谱B.天然放射现象揭示了原子具有核式结构C.光电效应揭示了光子不仅具有能量还具有动量D.比结合能越小的原子核中核子结合的越牢固【答案】A
2.某潜水器在某次海试活动中完成海底任务后竖直上浮,从上浮速度为v时开始计时,此后做匀减速上浮,经过时间t上浮到海面时速度恰好减为零,则该潜水器在t0t0t时刻距离海平面的深度为()A.B.C.D.【答案】A【解析】蛟龙号上浮时的加速度大小为,根据逆向思维,可知蛟龙号在t0时刻距离海平面的深度为.故A正确,BCD错误故选A点睛解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度时间公式和位移时间公式,并能灵活运用;当末速度为零的匀减速运动,常常采用逆向思维解答.
3.a、b两个带电小球的质量均为m,所带电荷量分别为+3q和-q,两球间用绝缘细线连接,a球又用长度相同的绝缘细线悬挂在天花板上,在两球所在的空间有方向水平向左的匀强电场,电场强度为E,平衡时细线都被拉紧,则平衡时可能位置是()A.B.C.D.【答案】D【解析】试题分析a球带正电,受到的电场力水平向左,b带负电,受到的电场力水平向右.以整体为研究对象,整体所受的电场力大小为2qE,方向水平向左,分析受力如图,则上面绳子应向左偏转.设上面绳子与竖直方向的夹角为α,则由平衡条件得;以b球为研究对象,受力如图.设ab间的绳子与竖直方向的夹角为β,则由平衡条件得得到α=β,所以根据几何知识可知,b球在悬点的正下方,故D正确,ABC错误;故选D考点物体的平衡【名师点睛】本题采用隔离法和整体法,由平衡条件分析物体的状态,考查灵活选择研究对象的能力;先整体后隔离是常见的研究方法
4.上下两面平行、质量为1kg的薄木板放置在水平桌面上,其上放有质量为2kg的铁块已知铁块和木板之间的最大静摩擦力为压力的
0.3倍,木板和桌面之间的最大摩擦力为压力的
0.1倍g=10m/s2现对铁块施加一个水平力F,使二者一起沿水平面做加速运动而不出现相对滑动,则水平力F的大小范围应为()A.1NF6NB.3NF6NC.3NF9ND.3NF12N【答案】D【解析】当两者一起运动时,拉力F至少为;当力F较大时,木板靠摩擦力加速运动,最大加速度为,则此时对木板和铁块的整体,解得Fmax=12N;则水平力F的大小范围应为3NF12N,故选D.点睛此题是连接体问题;关键是找出只靠摩擦力加速运动的物体的最大加速度即为整体共同运动的最大加速度,结合牛顿第二定律求解.
5.以一定的初速度从地面竖直向上抛出一小球,小球上升到距地面高h处,又落回到抛出点,假设小球所受空气阻力大小与速度大小成正比,小球在运动过程中的机械能E(选取地面为零势能面)随小球路程s变化,下列图像中合理的是()A.B.C.D.【答案】C【解析】根据功能关系得△E=f△h变形得,即E-h图象切线的斜率绝对值等于空气阻力的大小.在上升过程中,h增大,小球的速度减小,空气阻力随之减小,图象的斜率逐渐减小,直至为零.在下降过程中,h减小,小球的速度增大,空气阻力随之增大,图象斜率的绝对值逐渐增大.经过同一高度时,上升的速度大小比下降的速度大小大,所以经过同一高度,上升时空气阻力比下降时的大,图象的斜率大小要大,故D图可能正确所以ABC错误,D正确
7.某同学设计的家庭电路漏电保护装置如图所示,铁芯左侧线圈L1由火线和零线并行绕成.当右侧线圈L2中产生电流时,起铁质开关K,从而切断家庭电路.(仅考虑L1在铁芯中产生的磁场)下列说法正确的有 A.家庭电路正常工作时,L2中的磁通量为零B.家庭电路中使用的电器增多时,L2中的磁通量增大C.家庭电路发生短路时,开关K将被电磁铁吸起D.地面上的人接触火线发生触电时,开关K将被电磁铁吸起【答案】AD【解析】由于火线和零线并行绕制,所以在家庭电路正常工作时,火线和零线的电流大小相等,方向相反,因此合磁通量为零,L2中的磁通量为零,故A正确;当家庭电路中使用的电器增多时,火线和零线的电流仍然大小相等,方向相反,L2中的磁通量不变,故B错误;家庭电路发生短路时,火线和零线的电流同时增大,合磁通量仍然为零,因此开关K不会被电磁铁吸起,故C错误;当地面上的人接触火线发生触电时,火线的电流突然变大,即L1中的磁场发生变化,导致L2中的磁通量变化,L2中产生感应电流,电磁铁将开关K吸起,故D正确故选AD点睛本题考查了变压器的构造和原理,难点在于明确火线和零线并行绕制电流方向相反,要理解为什么副线圈中的磁通量为零.
8.如图所示,从倾角α=45°的固定斜面上的A点以初速度ν0水平抛出质量为m的小球,落在斜面上的B点,所用时间为t,末速度与水平方向夹角为θ.若让小球带正电qq0,在两种不同电场中将小球以同样的速度ν0水平抛出,第一次整个装置放在竖直向下的匀强电场中,小球在空中运动的时间为t1,末速度与水平方向夹角为θ1,第二次放在水平向左的匀强电场中,小球在空中运动的时间为t2,末速度与水平方向夹角为θ2,电场强度大小都为E=mg/q,g为重力加速度,不计空气阻力.则下列说法正确的是()A.t2tt1B.θ=θ1θ2C.θθ1=θ2D.若斜面足够长,小球都能落在斜面上【答案】AB【解析】在向下的电场中运动时,粒子受到的电场力,故向下的合力大于重力,因此向下的加速度大于重力加速度,则根据平抛运动规律可知,t>t1及;并且小球一定打在斜面上,则一定有θ=θ1;当粒子在水平电场中运动时,电场强度大小都为E=,则电场力F=Eq=mg,故电场力与重力的合力方向沿斜面方向;可知,根据运动的合成和分解规律可知,物体的合速度不会越过斜面方向,所以物体一定不会落在斜面上;由于竖直方向仍为自由落体运动,但下落高度大于第一次下落的高度,故物体t2>t;由于合速度与水平方向的夹角一定小于45°,则可知速度方向与水平方向夹角θ2最小,故AB正确,C错误;由以上分析可知,若自由落体能落到斜面上,则在竖直电场中一定会落在斜面上,但在水平电场中运动时,一定不会落到斜面上,故D错误故选AB点睛本题考查带电粒子在电场和重力场中的运动,要注意准确分析带电体的受力和速度关系,明确运动的合成和分解规律的准确应用,同时注意正确利用类平抛运动的结论进行分析求解.
三、非选择题包括必考题和选考题两部分.考生根据要求作答.
9.图示为验证机械能守恒定律的实验装置
(1)对于该实验,下列操作中对减小实验误差有利的是______A.精确测量出重物的质量B.重物选用质量和密度较大的金属锤C.两限位孔在同一竖直面内上下对正D.用手托稳重物,接通电源后,撒手释放重物
(2)某实验小组利用上述装置将打点计时器接到50Hz的交流电源上,按正确操作得到了一条完整的纸带,由于纸带较长,图中有部分未画出,如图所示纸带上各点是打点计时器打出的计时点,其中O点为纸带上打出的第一个点重物下落高度应从纸带上计时点间的距离直接测出,利用下列测量值能完成验证机械能守恒定律的选项有__________A.OC、BC和CD的长度B.OA、AD和EG的长度C.BD、CF和EG的长度D.AC、BD和EG的长度【答案】
1.BC
2.AC【解析】
(1)因为我们是比较mgh、mv2的大小关系,故m可约去,不需要测量重锤的质量,对减小实验误差没有影响,故A错误实验供选择的重物应该相对密度较大、体积较小的物体,这样能减少摩擦阻力的影响,从而减小实验误差,故B正确为了减小纸带与限位孔之间的摩擦图甲中两限位孔必须在同一竖直线,这样可以减小纸带与限位孔的摩擦,从而减小实验误差,故C正确实验时,先接通打点计时器电源再放手松开纸带,对减小实验误差没有影响,故D错误;故选BC.
(2)根据这段时间内的平均速度等于中时刻瞬时速度,结合动能与重力势能表达式,当有OC、BC和CD的长度时,依据BC和CD的长度,可求得C点的瞬时速度,从而求得O到C点的动能变化,因知道OC间距,则可求得重力势能的变化,可以验证机械能守恒,故A正确;当OA、AD和EG的长度时,只有求得F点与BC的中点的瞬时速度,从而确定两者的动能变化,却无法求解重力势能的变化,故B错误;当BD、CF和EG的长度时,依据BD和EG的长度,可分别求得C点与F点的瞬时速度,从而求得动能的变化,再由CF确定重力势能的变化,进而得以验证机械能守恒,故C正确;当AC、BD和EG的长度时,依据AC和EG长度,只能求得B点与F点的瞬时速度,从而求得动能的变化,而BF间距不知道,则无法验证机械能守恒,故D错误;故选AC.点睛此题考查实验的原理,掌握如何处理实验误差的方法,理解验证机械能守恒的中,瞬时速度的求解及重力势能的表达式的应用
10.某探究性学习小组利用如图所示的电路测量电池的电动势和内阻其中电流表A1的内阻r1=100Ω,电阻R1=
9.9kΩ,为了方便读数和作图,给电池串联一个R0=3Ω的电阻
(1)按图示电路进行连接后,发现、和三条导线中,混进了一条内部断开的导线为了确定哪一条导线内部是断开的,将电键S闭合,用多用电表的电压挡先测量a、间电压,读数不为零,再测量间电压,若读数为零,则一定是________导线断开
(2)排除故障后,该小组顺利完成实验通过多次改变滑动变阻器触头位置,得到电流表A1和A2的多组I
1、I2数据,作出图象如右图由I1–I2图象得到电池的电动势E=_________V,在此基础上计算电池的内阻r=__________Ω(结果均保留两位有效数字)【答案】
1.aa/
2.
1.
43.
0.46【解析】
①用电压挡检测电路故障,电压表的表头是电流计,原电路有断路,回路中无电流,将电压表接在间后有示数,说明电路被接通,即间有断路故障,再测量间电压,电压表读数不为零,说明断路故障的范围被缩小到间,则一定是导线断开;若读数为零,则说明电路仍未被接通,断路故障的范围被确定在间
②根据闭合电路的欧姆定律,,上式可简化为,读出两点坐标(60,
0.12)和(260,
0.05),代入方程解得电动势E=
1.41V,内阻r=
0.5Ω点睛:由图象法处理实验数据的关键是要理解图线的物理意义——纵轴截距和斜率表示什么,闭合电路的欧姆定律是核心
11.如图所示,水平面内固定有一对光滑的平行导轨,两导轨之间的距离为l=
0.5m,左端接有阻值R=3Ω的电阻,一质量m=
0.1kg,电阻r=1Ω的金属棒MN放置在导轨上,整个装置置于竖直向上的匀强磁场中,磁场的磁感应强度B=
0.4T.棒在水平向右的外力作用下,由静止开始以a=2m/s2的加速度做匀加速运动,当棒的位移x=9m时撤去外力,棒继续运动一段距离后停下来,已知撤去外力前后回路中产生的焦耳热之比Q1∶Q2=1∶5导轨足够长且电阻不计,棒在运动过程中始终与导轨垂直且两端与导轨保持良好接触.求1棒在匀加速运动过程中,通过电阻R的电荷量q2该水平外力对导体棒做的功WF【答案】12【解析】
(1)通过电阻的电荷量又所以解得
(2)撤去外力时导体棒的速度撤去外力后回路中产生的焦耳热则撤去外力前回路中产生的焦耳热有外力作用在棒上的过程中,由动能定理得解得
12.如图所示,可视为质点的两个小球通过长度L=6m的轻绳连接甲球的质量为m1=
0.2kg,乙球的质量为m2=
0.1kg将两球从距地面某一高度的同一位置先后释放,甲球释放△t=1s后再释放乙球,绳子伸直后即刻绷断(细绳绷断的时间极短,可忽略),此后两球又下落t=
1.2s同时落地.可认为两球始终在同一竖直线上运动,不计空气阻力,重力加速度g=10m/s2
(1)从释放乙球到绳子绷直的时间t0;
(2)绳子绷断的过程中绳对甲球拉力的冲量大小【答案】12【解析】
(1)细线伸直时甲球的位移乙球的位移因为联立解得
(2)细线伸直时甲乙的速度分别是
①设细线绷断瞬间甲乙球的速度分别为继续下落至落地时有
②又在绳绷断的极短时间内两球动量守恒,则
③联立方程解得设绳子绷断过程中绳对甲球拉力的冲量大小为I由动量定理得点睛本题考查了动量守恒定律、动量定理和运动学公式的综合运用,知道绷断前后瞬间甲、乙两球组成的系统动量守恒,知道合力的冲量等于动量的变化量.
13.下列叙述中正确的是____填正确答案标号选对1个得2分,选对2个得4分,选对3个得
5.分每选错1个扣3分,最低得分为0分)A.所有晶体都具有确定的熔点,并会表现出各向异性B.空气中水蒸气压强越接近饱和气压,空气的相对湿度就一定越大C.由于液体表面层分子间距小于液体内部分子间距,所以液体存在表面张力D.一定质量的理想气体发生等压膨胀时,一定从外界吸收热量E.一切自发过程总是沿着分子热运动的无序性增大的方向进行【答案】BDE【解析】所有晶体都具有确定的熔点,但只有单晶体会表现出各向异性,选项A错误;空气中水蒸气压强越接近饱和气压,空气的相对湿度就一定越大,选项B正确;由于液体表面层分子间距大于液体内部分子间距,所以液体存在表面张力,选项C错误;一定质量的理想气体发生等压膨胀时,体积变大,温度升高,气体对外做功,内能增加,则气体一定从外界吸收热量,选项D正确;根据熵原理,一切自发过程总是沿着分子热运动的无序性增大的方向进行,选项E正确;故选BDE.
14.一种测量稀薄气体压强的仪器如图(a)所示,玻璃泡M的上端和下端分别连通两竖直玻璃细管K1和K2K1长为l,顶端封闭,K2上端与待测气体连通;M下端经橡皮软管与充有水银的容器R连通开始测量时,M与K2相通;逐渐提升R,直到K2中水银面与K1顶端等高,此时水银已进入K1,且K1中水银面比顶端低h,如图(b)所示设测量过程中温度、与K2相通的待测气体的压强均保持不变已知K1和K2的内截面积均为S,M的容积为V0,水银的密度为ρ,重力加速度大小为g.求(i)待测气体的压强;(ii)该仪器能够测量的最大压强【答案】12【解析】(i)水银面上升至M的下端使玻璃泡中的气体恰好被封住,设此时被封闭的气体的体积为V,压强等于待测气体的压强p提升R,直到K2中水银面与K1顶端等高时,K1中的水银面比顶端低h;设此时封闭气体的压强为p1,体积为V1,则
①②由力学平衡条件得
③整个过程为等温过程,由玻意耳定律得
④联立
①②③④式得
⑤(ii)由题意知
⑥联立
⑤⑥式有
⑦该仪器能够测量的最大压强为
⑧【名师点睛】此题主要考查玻意耳定律的应用,解题关键是确定以哪一部分气体为研究对象,并能找到气体在不同状态下的状态参量,然后列方程求解
15.下列说法正确的是____选对1个得2分选对2个得4分选对3个得5分;每选错1个扣3分最低得分为0分 A.在水中的鱼斜向上看岸边的物体时看到的物体将比物体所处的实际位置高B.全息照相主要是利用了光的衍射现象C.水中的气泡看起来特别明亮是因为光从气泡射向水中时一部分光在界面上发生了全反射D.光纤通信是一种现代通信手段光纤内芯的折射率比外壳的大E.沙漠蜃景和海市蜃楼主要是光的全反射现象【答案】ACD【解析】岸边物体的光斜射到水面上,会发生折射现象,当光进入水中后靠近法线,射入鱼的眼睛,而鱼眼由于错觉,认为光始终沿直线传播,逆着光的方向看上去而形成的虚像,所以比实际位置高,故A正确全息照相利用光的干涉现象,选项B错误;水中的气泡,看起来特别明亮,是因为光线从水射入气泡发生全发射的缘故,故C错误;发生全反射的条件是光从光密介质进入光疏介质,则光纤的内芯折射率大于外壳的折射率,故D正确;海市蜃楼、沙漠蜃景都是由于光的折射和全反射而产生的,故E正确故选ADE.
16.如图所示一列简谐横波沿x轴正方向传播图中的实线和虚线分别是该波在t=
0.02s和t=
0.08s时刻的波形ⅰ在t=
0.02s时求x=
0.9m处质点的振动方向及该波的最大周期;ⅱ若波传播的周期为T且8Tt≤9T求该波传播的波速大小【答案】1质点的振动方向为沿y轴负方向,周期最大2【解析】ⅰ质点的振动方向为沿y轴负方向;根据题意可得时间差(n=
0、
1、
2、3……)当n=0时,周期最大ⅱ由上一问可知(n=
0、
1、
2、3……)又8Tt≤9T解得n=6则该波传播的波速大小点睛本题是关于机械波传播问题的多解问题,关键是抓住波的周期性,得到周期的通项,进一步求出波速,再求解特殊值.。