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2015-2016学年山东省青岛市黄岛区九年级(上)期末物理试卷
一、选择题(共9小题,每小题2分,满分18分)1.小明看到的一些现象,其中正确的是( )A.用铁丝代替保险丝B.无人的教室内开着灯C.离开家时及时关闭电暖气D.在高压线附近放风筝2.关于能量转化、转移现象的说法中,错误的是( )A.暖瓶塞被热气弹开,内能转化为机械能B.给电池充电,化学能转化为电能C.天然气燃烧,化学能转化为内能D.用热水袋取暖,内能发生了转移3.下列用电器中,不属于电磁铁的应用的是( )A.电磁继电器B.电炉子C.电铃D.电磁起重机4.下列所示图象中,能正确表示导体中的电流与这段导体两端电压关系的是( )A.B.C.D.5.如图所示,电源两端电压保持不变,闭合开关S后,电路正常工作,过了一会儿灯L1突然熄灭,L2变亮,两表示数都变大,则该电路出现的故障可能是( )A.灯L1短路B.灯L2短路C.灯L1断路D.灯L2断路6.关于实验仪器的使用方法,错误的是( )A.用滑动变阻器调节小灯泡的亮度,滑动变阻器应该和小灯泡串联B.使用电流表测量之前要先用较大量程试触,防止被测电流超过电流表的量程C.滑动变阻器的接线应该“一上一下”D.使用电流表时,直接接在电源两极上是测电源电流7.甲、乙两电阻两端电压比为23,通过电流之比为43,则其电阻之比为( )A.21B.98C.89D.128.以下几个验证性小实验,正确的是( )A.与毛皮摩擦过的橡胶棒能吸引小纸屑,说明异种电荷相互吸引B.糖块在热水中比在冷水中扩散得快,说明温度越高,分子热运动越剧烈C.将小磁针放在通电导体的下方,小磁针发生偏转,说明磁能生电D.滑滑梯时感到臀部发热,说明热传递能够改变内能9.关于科学方法的说法,错误的是( )A.用磁感线形象地描述磁场,是模型法B.制作变阻器时发现导线太长而采取缠绕方式,运用了缺点利用法C.冬天手冷时,烤火或搓手都可以使手变暖和,是等效法D.研究电流热效应时,通过温度变化知道产生热量的多少,运用了转换法
二、选择题(共4小题,每小题3分,满分12分)10.下列关于物理概念的说法中,错误的是( )A.导体在磁场中做切割磁感线运动,会产生感应电流B.用电器的电功率越大,其消耗电能就越快C.电荷定向移动形成电流D.一定质量的某种物质温度升高1℃所吸收的热量,叫做这种物质的比热容11.下列知识结构中,正确的是( )A.电路用电器连接方法有无节点串联首尾相连无并联两端分别连在一起有B.方法举例实质做功锯木头机械能转化内能热传递热水袋变凉内能从一个物体转移到另一个物体C.电磁现象磁场对电流的作用电磁感应能量转化电能转化为机械能机械能转化为电能应用电动机发电机D.物态分子间距离分子间作用力固态很小很小液态较大较大气态很大很大12.定值电阻R0(其阻值已知)和未知电阻Rx接在如图所示的电路中,当S打到a点,电压表示数为U1,当S打到b点,电压表示数为U2,下列说法正确的是( )A.S分别打到a点、b点时,通过Rx的电流不变B.U1为电源电压C.Rx阻值可以表示为(U1•U2)•R0/U2D.Rx求解的思路可以表示如下Rx=13.根据下表提供的“一些物质的比热”判断,下列说法正确的是( )物质比热c[J/(kg•℃)]物质比热c[J/(kg•℃)]水
4.2×103铜
0.39×103酒精
0.8×103铁
0.46×103水银
0.14×103砂石
0.92×103A.由于水的比热容较大,因此在相同条件下,水吸收的热量较多,所以用水来冷却汽车发动机效果比较好B.质量相等的铜和铁若升高的温度比是32,则它们吸收的热量之比是92117C.质量相同的酒精和水银两种液体升高的温度与加热时间的图象如图所示,则a是水银D.由于水的比热容比砂石的比热容大,所以沿海地区的温差就比内陆地区温差小
三、解答题(共13小题,满分70分)14.回顾实验和探究(请将下列实验报告中的空缺部分填写完整)
(1)探究欧姆定律实验装置
①请根据电路图,将实物电路连接完整方法步骤
②连入5Ω的定值电阻,移动滑片P,测量并记下几组电压和电流值,填入表1.
③连入10Ω的定值电阻,重复上述实验,填入表2.请将表中空格填好表格表一R1=5Ω次数123U/V369I/A
0.
61.
21.8表二R2=10Ω次数123U/V369I/A
0.3
0.9结论
④分析表一或表二得出同一导体的电压与电流的比值相同,即在电阻一定时,导体中的电流与跟导体两端的电压成正比.上述实验图象如图所示,则图线 (选填a或b)反映了R1的实验情况.
⑤分析表一和表二的同组数据可得出电压一定时,导体中的电流与导体的电阻成 .问题讨论
⑥若实验过程中,移动滑片,电流表电压表示数均不变,则原因可能是 .
(2)伏安法测小灯泡电阻方法步骤
①根据电路图连接实物图,将滑片调至 处;
②闭合开关,改变滑动变阻器滑片位置,分别记录3组小灯泡两端的电压和电源,填入表格;
③算出电阻值.(将下表中的空格补充完整)图象
④请利用表中数据,用描点法画出R1的U﹣I图象.表格结论实验次数U/VI/AR/Ω
11.
00.
185.
622.
00.24
33.
00.
2611.5问题讨论
⑤若本实验是测某定值电阻的阻值,还需要对数据进行的处理是 .15.运用知识解决问题
(1)现在许多宾馆都利用房卡取电,如图1所示,只有把房卡插入槽中,房间内的用电器才能使用,房卡的作用相当于家庭电路中的 ,房间里各用电器之间是 联的.
(2)如图2所示,请你根据实物图画出对应的电路图.
(3)将两个电阻R1=4Ω和R2=12Ω并联接在电源两端,测得总电流是2A,则R1两端的电压为 V;通过R2的电流为 A.16.回顾实验和探究(请将下列实验报告中的空缺部分填写完整)
(1)测量小灯泡的电功率原理实验原理 电路图示数图象步骤
1、上图中,闭合开关前,变阻器的滑片应放在最 (选“左或右”)边.
2、调节电路使灯泡正常发光时,两电表示数如图所示,则灯泡的额定电压是 V,额定功率是 W.
3、调节电路,使灯泡两端电压低于额定电压,观察灯泡亮度并计算其电功率.
4、向 (选填“左”或“右”)移动滑片P,使灯泡两端的电压略高于额定电压,重做上述实验.结论由实验数据可知,小灯泡的亮度决定于它的 .问题讨论由图象知,不同电压下工作时灯泡电阻是变化的,可能是 影响了电阻大小.
(2)探究电流产生的热量与什么因素有关实验过程如图所示的装置是探究电流产生的热量与 关系的装置,两电阻丝串联起来接在电路中,目的是使两根电阻丝 和通电时间相等.现象通过一段时间后 (“左”或“右”)边温度计变化量更大.问题讨论若实验所用两定值电阻,其材料、长度均相同,则10Ω电阻比5Ω电阻更 (“粗”或“细”)17.运用知识解决问题
(1)将手放在电暖器旁取暖电暖器通电发热是通过 方式改变内能的;手的温度升高,内能增大是通过 方式改变内能的.
(2)如图是家庭电路的一部分,控制灯泡的开关应该接在 (“A”或“B”)处,当把空调、电炉子都接入电路时,空气开关跳闸,可能是由于 引起的.
(3)某电视机的额定功率是200W,5度电能可以使它正常工作 小时.
(4)用一个功率为1600W的电热水壶,将温度为20℃、质量为2kg的水烧开,需要多长时间?(假设电热水壶产生的热全部被水吸收)18.回顾实验和探究(请将下列实验报告中空缺部分填写完整)
(1)探究磁场对电流的作用实验及应用如图,闭合开关,导体ab向右运动,说明通电导体在磁场中受到力的作用;将电源的正负极对调后,闭合开关,导体ab向 运动.这说明通电导体的受力方向与 方向有关.此现象中,电能转化为 能.问题讨论若本实验利用干电池作为电源,为增大电压,可采用多节干电池 (“串”或“并”)联.
(2)探究影响电磁铁磁性强弱的因素实验过程用如图所示的装置进行实验,闭合开关后,发现电磁铁A吸引大头针的数目比B .结论上述实验说明电磁铁磁性强弱与 有关.方法实验中电磁铁强弱通过 来体现.问题讨论若在A上方放置一个悬挂磁铁的弹簧,当闭合开关后弹簧长度变 (“长”或“短”).19.运用知识解决问题
(1)城市下水道井盖丢失导致行人坠入下水道的悲剧时有发生,令人痛心.为此,某同学设计了一种警示电路,如图1所示在井口安装一环形灯L,井盖相当于开关S;正常情况下,灯L不亮,开关处于 状态,电磁铁 (“有”或“无”)磁性;一旦井盖丢失,灯L即亮起,以警示行人.
(2)如图为通电螺线管和一小磁针静止时的情形,请在图2中标出电源正负极和小磁针的N、S极.20.综合问答﹣﹣从下列场景中自己选择一个事件,并作出解释妈妈在厨房用电烤箱烤肉,香味四溢.当打开热水壶烧水时,家中的空气开关跳闸了.所选内容与解释 .21.综合作图﹣﹣小雨房间的灯小雨的房间有四盏灯,闭合总开关S,门口的指示灯L1就亮了,若将单刀双掷开关S2拨到a处,壁灯L2亮,若有声音L3会亮;若将单刀双掷开关拨到b处,床头灯L4就亮,且亮度可以调节,给你电源、灯泡四盏、普通开关一个、单刀双掷开关一个、声控开关(声控)一个、滑动变阻器一个、导线若干,请你画出电路图.22.综合实验(可以配图说明)小雨要验证“太阳能电池板产生电压与太阳光照射角度的关系”,请完成设计方案.器材太阳能电池板一块、量角器、导线若干、开关、 .实验步骤 ,分析数据,得出结论数据记录表格 23.如图,电流表的量程是0~
0.6A,电压表的量程是0~15V,R1的电阻是20Ω,电源电压18V,变阻器R3的阻值范围是0~200Ω.灯泡电阻不变.(请画出每个小题的等效电路图)
(1)只闭合开关S3时,电阻R1消耗的功率为
1.8W,则R2的电阻为多大?
(2)只闭合S
2、S4,在不损坏电流表、电压表的情况下,灯泡消耗的最小电功率是P1;只闭合S
1、S3和S4时,在不损坏电流表、电压表的情况下,变阻器消耗的最大电功率是P3.求P1P3是多少?24.归纳式探究﹣﹣研究电磁感应现象中的感应电流磁场的强弱用磁感应强度描述,用符号B表示,单位是特斯拉,符号是T.强弱和方向处处相同的磁场叫做匀强磁场.如图甲所示,电阻R1与圆形金属线圈R2连接成闭合回路,R1和R2的阻值均为R0,导线的电阻不计,在线圈中的半径为r的圆形区域内存在垂直于线圈平面向里的匀强磁场,磁感应强度B随时间t变化的关系图象如图乙所示,图线与横、纵坐标的截距分别为t0和B0,则0至t1时间内通过R1的电流I与阻值R
0、匀强磁场的半径r、磁感应强度B0与时间t0的关系数据如下表次数R0/Ωr/mB/Tt0/sI/A
1100.
11.
00.15π×10﹣
22200.
11.
00.
12.5π×10﹣
23200.
21.
00.110π×10﹣
24100.
10.
30.
11.5π×10﹣
25200.
10.
10.
050.5π×10﹣2
(1)I=k ,其中k= (填上数值和单位).
(2)上述装置中,改变R0的大小,其他条件保持不变,则0至t1的时间内通过R1的电流I与R0关系可以用图丙中的图线 表示.25.演绎式探究
(1)磁感应强度磁体和通电导体周围存在着磁场,磁场的强弱用物理量磁感应强度B来表示.B越大,说明磁场越强.一个半径为r的细圆环,环中均匀分布着电量为q的电荷(图甲).圆环绕中心轴每秒转动n圈,则圆心O点的磁感应强度大小为B=2πk(k为常数).可见,电量q和半径r不变时,圆环转动越快,圆心O点的磁场越 .
(2)研究转动圆盘中心的磁感应强度现在,有一个半径为R的薄圆盘(厚度不计),在圆盘中均匀分布着电量为Q的电荷(图乙).圆盘绕中心轴每秒转动n圈,则整个圆盘在圆心O点的磁感应强度大小为多少?首先,将圆盘分割为100个宽度均为△r的同心细圆环,取其中一个圆环进行研究(图丙).若将这个圆环取出来,并将它展开,可以近似看作是一个宽度为△r的长方形(图丁),该长方形的面积为△S=2πr△r,则圆环所带的电量为q=.这样,该圆环在圆心O点的磁感应强度大小为△B= .整个圆盘在O点的磁感应强度大小B为这100个圆环在O点的磁感应强度大小△B之和,也即B= .26.综合作图给你一个电流表、一个灯泡、一个已知阻值的电阻R0,一个未知电压的电源、一个单刀双掷开关和导线若干,请设计一个测灯泡发光时功率的电路(测量时电路不能拆卸).画出电路图并写出相应的测量步骤和数学表达式.步骤数学表达式 2015-2016学年山东省青岛市黄岛区九年级(上)期末物理试卷参考答案与试题解析
一、选择题(共9小题,每小题2分,满分18分)1.小明看到的一些现象,其中正确的是( )A.用铁丝代替保险丝B.无人的教室内开着灯C.离开家时及时关闭电暖气D.在高压线附近放风筝【考点】熔断器的作用及保险丝的选择方法;安全用电原则;有利于节约能源的措施.【分析】
(1)铁丝的熔点高,不能用来代替保险丝;
(2)从节约用电的角度可判断其做法是否正确;
(3)从安全和节约角度可做出判断;
(4)靠近高压带电体是危险的.【解答】解A、保险丝是用电阻率大、熔点低的铅锑合金制成的,铁丝的熔点高,不能代替保险丝,故A错误;B、无人的教室内开着灯是一种浪费电能的现象,故B错误;C、离开家时及时关闭电暖气,既避免了电能的浪费,也保证了用电安全,故C正确;D、在高压线附近放风筝容易发生触电事故,故D错误.故选C. 2.关于能量转化、转移现象的说法中,错误的是( )A.暖瓶塞被热气弹开,内能转化为机械能B.给电池充电,化学能转化为电能C.天然气燃烧,化学能转化为内能D.用热水袋取暖,内能发生了转移【考点】能量的转化和转移.【分析】能量的转化,主要是看哪种能量减少了,哪种能量增加,总是减少的能量转化为增加的能量.能量的转移发生在热传递过程中.【解答】解A、暖瓶塞被热气弹开,消耗了内能,得到了机械能,故将内能转化为了机械能,故A正确;B、电池充电,消耗了电能,得到了化学能,因此将电能转化为化学能,故B错误;C、天然气燃烧,将燃料的化学能转化为内能,故C正确;D、用热水袋取暖,是通过热传递的方式改变能量的,因此内能发生了转移,故D正确.故选B. 3.下列用电器中,不属于电磁铁的应用的是( )A.电磁继电器B.电炉子C.电铃D.电磁起重机【考点】电磁铁的其他应用.【分析】电磁铁是通电产生磁性的一种装置,在铁芯的外部缠绕与其功率相匹配的导电绕组,这种通有电流的线圈像磁铁一样具有磁性.【解答】解A、电磁继电器是通过控制电磁铁中电流有无来控制另外更大的电器的开关,应用了电磁铁,故A不合题意;B、电炉子工作时,电流通过电热丝做功,消耗电能转换为内能,没有应用电磁铁,故B符合题意;C、电铃通电时,电磁铁有电流通过,产生了磁性,把小锤下方的弹性片吸过来,使小锤打击电铃发出声音,同时电路断开,电磁铁失去了磁性,小锤又被弹回,电路闭合,不断重复,电铃便发出连续击打声,应用了电磁铁,故C不合题意;D、通电时,电磁铁有电流通过,电磁起重机产生了磁性,当电路断开时,电磁铁失去了磁性,应用了电磁铁,故D不合题意.故选B. 4.下列所示图象中,能正确表示导体中的电流与这段导体两端电压关系的是( )A.B.C.D.【考点】欧姆定律.【分析】欧姆是德国物理学家,他在19世纪初期做了大量实验,归纳得出了电流与电压、电阻之间的关系电阻一定,导体中的电流与导体两端的电压成正比;电压一定,导体中的电流与导体的电阻成反比.【解答】解
①根据欧姆定律(电阻一定,导体中的电流与导体两端的电压成正比)可知BC错误;
②根据欧姆定律,当电压为0时,电流也应该为0,故D错误.故选A. 5.如图所示,电源两端电压保持不变,闭合开关S后,电路正常工作,过了一会儿灯L1突然熄灭,L2变亮,两表示数都变大,则该电路出现的故障可能是( )A.灯L1短路B.灯L2短路C.灯L1断路D.灯L2断路【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用.【分析】
(1)由图可知,灯L
1、L2串联,电压表测量灯L2两端的电压,电流表测量电路电流;
(2)根据电压表和电流表示数变大分析电路中的故障所在.【解答】解A、如果灯L1短路,电压表测量电源电压,示数变大;电路总电阻减小,电路电流增大,电流表示数增大.符合题意.B、如果灯L2短路,电压表示数变为零.不符合题意;C、如果灯L1断路,电流表示数变为零.不符合题意;D、如果灯L2断路,电流表示数变为零.不符合题意.故选A. 6.关于实验仪器的使用方法,错误的是( )A.用滑动变阻器调节小灯泡的亮度,滑动变阻器应该和小灯泡串联B.使用电流表测量之前要先用较大量程试触,防止被测电流超过电流表的量程C.滑动变阻器的接线应该“一上一下”D.使用电流表时,直接接在电源两极上是测电源电流【考点】滑动变阻器的使用;电流表的使用.【分析】
(1)滑动变阻器需与所控制的电路串联;
(2)使用电流表或电压表时,若不知被测电路中的电流或电压值的取值范围,为了防止烧坏电流表和电压表,需要先用大量程进行试触,然后确定电表量程;
(3)滑动变阻器的连接方法一上一下,若同时接上面两个接线柱,则相当于电阻为0;若同时接下面两个接线柱,则相当于接入一个等于滑动变阻器最大阻值的定值电阻;
(4)不允许不经过用电器而把电流表直接接在电源两极上.【解答】解A、用滑动变阻器调节小灯泡的亮度时,滑动变阻器要与灯泡串联,滑动变阻器控制通过小灯泡的电流,故A正确;B、使用电流表测量电流之前要先试触较大量程,防止被测电流超过电流表的量程,故B正确;C、滑动变阻器连接时应注意一上一下接线柱连接,不能只接上面、或只接下面的两个接线柱,故C正确;D、不允许不经过用电器而把电流表直接接在电源两极上,否则会造成电源短路,会烧坏电流表和电源,故D错误.故选D. 7.甲、乙两电阻两端电压比为23,通过电流之比为43,则其电阻之比为( )A.21B.98C.89D.12【考点】欧姆定律的应用.【分析】知道甲、乙两电阻两端电压和通过电流之比,根据欧姆定律求出电阻之比.【解答】解由题意可知,U甲U乙=23,I甲I乙=43,由I=可得,甲、乙两电阻的阻值之比==×=×=.故选D. 8.以下几个验证性小实验,正确的是( )A.与毛皮摩擦过的橡胶棒能吸引小纸屑,说明异种电荷相互吸引B.糖块在热水中比在冷水中扩散得快,说明温度越高,分子热运动越剧烈C.将小磁针放在通电导体的下方,小磁针发生偏转,说明磁能生电D.滑滑梯时感到臀部发热,说明热传递能够改变内能【考点】分子的热运动;通电直导线周围的磁场;做功改变物体内能;摩擦起电.【分析】
(1)带电体可以吸引轻小物体;
(2)温度越高,分子的无规则运动越剧烈,扩散进行的越快;
(3)通电导体周围可以产生磁场,对小磁针有力的作用;
(4)做功和热传递都可以改变物体的内能.【解答】解A、与毛皮摩擦过的橡胶棒能吸引小纸屑,这是因为带电体可以吸引轻小物体,故A错误;B、糖块在热水中比在冷水中扩散得快,说明温度越高,分子热运动越剧烈,故B正确;C、将小磁针放在通电导体的下方,小磁针发生偏转,是因为导体周围有磁场,说明电能生磁,故C错误;D、滑滑梯时感到臀部发热,是克服摩擦做功,使物体的内能改变,不是通过热传递,故D错误.故选B. 9.关于科学方法的说法,错误的是( )A.用磁感线形象地描述磁场,是模型法B.制作变阻器时发现导线太长而采取缠绕方式,运用了缺点利用法C.冬天手冷时,烤火或搓手都可以使手变暖和,是等效法D.研究电流热效应时,通过温度变化知道产生热量的多少,运用了转换法【考点】物理学方法.【分析】本题主要考查对常用物理学方法的记忆与运用能力.常用的物理学方法有控制变量法、转换法、放大法、比较法、实验推理法、模型法等.【解答】解A、利用磁感线来描述磁场,利用的是模型法,此选项正确;B、制作滑动变阻器时,发现导线太长,采取缠绕的方式,可以缩短导线所占的距离空间,采用的是缺点列举法,不此选项正确;C、做功和热传递改变物体的内能是等效的,冬天手冷时,烤火或搓手都可使手变暖和,是等效法,此选项正确;D、研究电流热效应时,通过温度变化知道产生热量的多少,这种方法是转换法,此选项正确.故选B.
二、选择题(共4小题,每小题3分,满分12分)10.下列关于物理概念的说法中,错误的是( )A.导体在磁场中做切割磁感线运动,会产生感应电流B.用电器的电功率越大,其消耗电能就越快C.电荷定向移动形成电流D.一定质量的某种物质温度升高1℃所吸收的热量,叫做这种物质的比热容【考点】产生感应电流的条件;比热容的概念;电流的方向;电功率.【分析】A、电磁感应现象闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动,电路中产生感应电流;B、电功率是表示电流做功快慢的物理量;C、电荷的定向移动形成电流;D、比热容的概念1kg的某种物质,温度升高1℃所吸收的热量叫做这种物质的比热容.【解答】解A、闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动,电路中产生感应电流,该选项中说法错误;B、电功率是表示电流做功快慢的物理量,用电器的电功率越大,其消耗电能就越快,该选项说法正确;C、电荷的定向移动形成电流,该选项说法正确;D、1kg的某种物质,温度计升高1℃所吸收的热量叫做这种物质的比热容,该选项说法错误.故选AD. 11.下列知识结构中,正确的是( )A.电路用电器连接方法有无节点串联首尾相连无并联两端分别连在一起有B.方法举例实质做功锯木头机械能转化内能热传递热水袋变凉内能从一个物体转移到另一个物体C.电磁现象磁场对电流的作用电磁感应能量转化电能转化为机械能机械能转化为电能应用电动机发电机D.物态分子间距离分子间作用力固态很小很小液态较大较大气态很大很大【考点】串联电路和并联电路的辨别;物质的三态及其基本特征;能量的转化和转移;物体内能的改变.【分析】
(1)用电器首尾相连的电路是串联,有一条电流路径的是串联;用电器两端分别连在一起是并联,有多条电流路径的;
(2)做功和热传递都可以改变物体的内能,但是本质不同,做功改变内能是能量的转化过程,热传递改变内能是能量的转移过程;
(3)
①通电导体在磁场中受到力的作用,从能量转化角度看,是由电能转化成了机械能,电动机就是根据这个原理制成的;
②闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时,导体中会产生感应电流,此过程中机械能转化成了电能,发电机就是根据这个原理制成的.
(4)物质的三态与分子间作用力的关系.【解答】解A、用电器首尾相连的电路是串联,有一条电流路径的是串联;用电器两端分别连在一起是并联,有多条电流路径的电流路径,商鞅串联是没有支路的,并联是有支路的.该选项说法正确.B、锯木头,克服摩擦力做功,是机械能转化成内能,热水袋变凉是内能的转移过程,属于热传递改变内能,该选项说法正确.C、磁场对电流的作用是电能转化成机械能,电磁感应是机械能转化成电能,该选项说法正确;D、固体分子间的作用力较强,固体有一定的形状和体积;液体分子间的作用力较弱,液体没有一定的形状但有一定的体积;气体分子间的作用力就更弱了,它没有一定的体积和形状.该选项说法错误.故选ABC. 12.定值电阻R0(其阻值已知)和未知电阻Rx接在如图所示的电路中,当S打到a点,电压表示数为U1,当S打到b点,电压表示数为U2,下列说法正确的是( )A.S分别打到a点、b点时,通过Rx的电流不变B.U1为电源电压C.Rx阻值可以表示为(U1•U2)•R0/U2D.Rx求解的思路可以表示如下Rx=【考点】欧姆定律的应用.【分析】要测Rx的电阻值需要知道它两端电压和通过的电流,由电路图根据电路特点,两电阻串联时,由R0电流间接得到Rx的电流,分析解答.【解答】解由图可知,当S接a时,只有Rx接入电路中,此时电压表测电源电压(Rx两端电压)示数为U1,故B正确;当S接b时,两电阻串联,电压表测Rx两端电压,由串联电路中总电压等于各部分两端电压之和,电压表示数为U2,所以U1=U2+U0,两次Rx两端电压不同,所以通过Rx的电流不同,故A错误;此时Rx两端电压Ux=U2,由串联电路中电流处处相等,根据欧姆定律可知通过Rx的电流Ix=I0==,所以Rx的阻值Rx===,故C错误;由以上分析过程可知D正确.故选BD. 13.根据下表提供的“一些物质的比热”判断,下列说法正确的是( )物质比热c[J/(kg•℃)]物质比热c[J/(kg•℃)]水
4.2×103铜
0.39×103酒精
0.8×103铁
0.46×103水银
0.14×103砂石
0.92×103A.由于水的比热容较大,因此在相同条件下,水吸收的热量较多,所以用水来冷却汽车发动机效果比较好B.质量相等的铜和铁若升高的温度比是32,则它们吸收的热量之比是92117C.质量相同的酒精和水银两种液体升高的温度与加热时间的图象如图所示,则a是水银D.由于水的比热容比砂石的比热容大,所以沿海地区的温差就比内陆地区温差小【考点】热量的计算.【分析】读取各种物质的比热容,利用热量公式分别对各选项中的内容可做出相应的判断.【解答】解A、相同质量的水和其他液体相比较,若升高相同的温度时,由于水的比热容大,故水吸收的热量最多,故汽车发动机里用水来冷却汽车发动机效果比较好,故A正确;B、根据Q=cm△t可知,===,故B错误;C、有图象可知取相同的加热时间可知a液体升高的温度升高的快;根据c=可知质量相同的两种液体升高的温度越快,它的比热容越小,比较酒精和水银的比热容可知水银的比热容小,所以a液体是水银,故C正确;D、由表格可以看出,相同质量的水和干泥土相比较,若吸收或放出相同的热量,由于水的比热容大,水的温度变化小,而干泥土的温度变化大,故沿海地区昼夜气温差异小,而沙漠地区昼夜气温差异大,故D正确.故选ACD.
三、解答题(共13小题,满分70分)14.回顾实验和探究(请将下列实验报告中的空缺部分填写完整)
(1)探究欧姆定律实验装置
①请根据电路图,将实物电路连接完整方法步骤
②连入5Ω的定值电阻,移动滑片P,测量并记下几组电压和电流值,填入表1.
③连入10Ω的定值电阻,重复上述实验,填入表2.请将表中空格填好表格表一R1=5Ω次数123U/V369I/A
0.
61.
21.8表二R2=10Ω次数123U/V369I/A
0.3
0.6
0.9结论
④分析表一或表二得出同一导体的电压与电流的比值相同,即在电阻一定时,导体中的电流与跟导体两端的电压成正比.上述实验图象如图所示,则图线 a (选填a或b)反映了R1的实验情况.
⑤分析表一和表二的同组数据可得出电压一定时,导体中的电流与导体的电阻成 反 .问题讨论
⑥若实验过程中,移动滑片,电流表电压表示数均不变,则原因可能是 滑动变阻器可能接了两个上接线柱或两个下接线柱 .
(2)伏安法测小灯泡电阻方法步骤
①根据电路图连接实物图,将滑片调至 阻值最大 处;
②闭合开关,改变滑动变阻器滑片位置,分别记录3组小灯泡两端的电压和电源,填入表格;
③算出电阻值.(将下表中的空格补充完整)图象
④请利用表中数据,用描点法画出R1的U﹣I图象.表格结论实验次数U/VI/AR/Ω
11.
00.
185.
622.
00.24
8.3
33.
00.
2611.5问题讨论
⑤若本实验是测某定值电阻的阻值,还需要对数据进行的处理是 需多次测量求平均值,减小误差. .【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验;伏安法测电阻的探究实验.【分析】
(1)
①根据电路图连接实物图;
③电阻是导体本身的一种性质,与两端的电压和通过的电流无关,根据欧姆定律结合表格中的数据即可求出6V时通过R2的电流;
④根据电流一定时,电阻两端的电压与电阻成反比即可图象即可判断反映R1实验情况的图象;
⑤根据控制变量法分析表1和表2的同组数据即可得出实验结论;
⑥移动滑片,电流表电压表示数均不变,滑动变阻器可能接了两个上接线柱或两个下接线柱.
(2)
①闭合开关前,滑片在阻值最大处;
③根据R=算出电阻;
④根据表中的数据描出图象;
⑤若测某定值电阻的阻值,需多次测量求平均值,减小误差.【解答】解
(1)
①根据电路图连接实物图如下
③因电阻是导体本身的一种性质,与两端的电压和通过的电流无关,R==,解得I=
0.6A;
④结论、由图象可知,电流相同时b电阻两端的电压大于a电阻两端的电压,因电流一定时,电阻两端的电压与电阻成反比,所以a电阻的阻值小于b电阻的阻值,即a表示R1的实验情况;
⑤分析表1和表2的同组数据可知,导体两端的电压相同时,通过电阻电流的变化倍数和电阻阻值变化倍数的倒数相等,故可得结论在电压一定时,导体中的电流跟导体的电阻成反比;
⑥移动滑片,电流表电压表示数均不变,滑动变阻器可能接了两个上接线柱或两个下接线柱.
(2)
①为保护电路,闭合开关前,滑片在阻值最大处;
③根据R===
8.3Ω;
④根据表格中的数据描出图象,如图所示
⑤若测某定值电阻的阻值,需多次测量求平均值,减小误差.故答案为
(1)
①见上图;
③
0.6;
④a;
⑤反比;
⑥滑动变阻器可能接了两个上接线柱或两个下接线柱;
(2)
①阻值最大;
③
8.3;
④见上图;
⑤需多次测量求平均值,减小误差. 15.运用知识解决问题
(1)现在许多宾馆都利用房卡取电,如图1所示,只有把房卡插入槽中,房间内的用电器才能使用,房卡的作用相当于家庭电路中的 总开关 ,房间里各用电器之间是 并 联的.
(2)如图2所示,请你根据实物图画出对应的电路图.
(3)将两个电阻R1=4Ω和R2=12Ω并联接在电源两端,测得总电流是2A,则R1两端的电压为 6 V;通过R2的电流为
0.5 A.【考点】串联电路和并联电路的辨别;电路的组成;根据实物图画电路图;欧姆定律的应用.【分析】
(1)开关的作用是控制电路的通断,串联电路中开关控制所有用电器,并联电路中干路的开关控制所有用电器,支路的开关控制本支路用电器;串联电路各用电器工作情况互相影响,并联电路各用电器工作情况互不影响.
(2)由实物图可知,两只灯泡并联,开关S1控制干路,开关S2控制灯泡L2.
(3)知道两电阻并联,求出总电阻,利用欧姆定律变型公式U=IR求总电压,并联电路中各支路两端的电压相等、等于电源电压,再利用欧姆定律求通过R1的电流.【解答】解
(1)房卡可以控制用电器的工作,不插入插槽中,所有房间内的用电器都不工作,所以房卡相当家庭电路干路上的总开关(开关);房间里各用电器之间工作情况是互不影响,所以各用电器之间是并联.
(2)L
1、L2并联,开关S2与灯泡L2串联在一支路中,开关S1控制整个电路,电路图如下图
(3)由于两电阻并联,则=+,所以,R===3Ω,由欧姆定律得电源电压U=IR=2A×3Ω=6V,根据并联电路的电压特点可知U1=U2=U=6V,通过R2的电流I2===
0.5A.故答案为
(1)总开关(开关);并.
(2)略.
(3)6;
0.5. 16.回顾实验和探究(请将下列实验报告中的空缺部分填写完整)
(1)测量小灯泡的电功率原理实验原理 P=UI 电路图示数图象步骤
1、上图中,闭合开关前,变阻器的滑片应放在最 右 (选“左或右”)边.
2、调节电路使灯泡正常发光时,两电表示数如图所示,则灯泡的额定电压是
2.5 V,额定功率是
0.6 W.
3、调节电路,使灯泡两端电压低于额定电压,观察灯泡亮度并计算其电功率.
4、向 左 (选填“左”或“右”)移动滑片P,使灯泡两端的电压略高于额定电压,重做上述实验.结论由实验数据可知,小灯泡的亮度决定于它的 实际功率 .问题讨论由图象知,不同电压下工作时灯泡电阻是变化的,可能是 温度 影响了电阻大小.
(2)探究电流产生的热量与什么因素有关实验过程如图所示的装置是探究电流产生的热量与 电阻 关系的装置,两电阻丝串联起来接在电路中,目的是使两根电阻丝 电流 和通电时间相等.现象通过一段时间后 右 (“左”或“右”)边温度计变化量更大.问题讨论若实验所用两定值电阻,其材料、长度均相同,则10Ω电阻比5Ω电阻更 细 (“粗”或“细”)【考点】电功率的测量;焦耳定律.【分析】
(1)原理测量电功率的实验原理为P=UI;步骤
1、闭合开关前,为了保护电路,滑动变阻器的滑片应位于最大阻值处;
2、小灯泡正常发光时的电压等于额定电压,根据电表的选择的量程和分度值读出电压和电流,根据P=UI求出小灯泡的额定功率;
4、要使灯泡两端的电压略高于额定电压,应减小滑动变阻器接入电路的阻值,由电路图可知滑片的移动方向;结论小灯泡的亮度是由实际功率决定的,实际功率越大,灯泡越亮;问题讨论小灯泡的电阻随温度的升高而增大;
(2)实验过程电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关.探究电流产生热量跟电阻关系时,控制通电时间和电流不变;实验中,两电阻丝串联可使电流大小和通电时间相同,这样便于研究电热与电阻的关系,是控制变量法的运用;现象电流产生热量多少不能直接观察,通过温度计示数的变化来反映,电流产生热量越多,温度计示数变化越大;问题讨论导体的电阻与导体的材料、长度、横截面积和温度有关,在材料与长度相同时,电阻与横截面积成反比.【解答】解
(1)原理要测量小灯泡的电功率,需要用电压表测量小灯泡两端的电压,用电流表测量通过小灯泡的电流,然后根据P=UI计算小灯泡的电功率,故测量小灯泡的电功率的实验原理是P=UI.步骤
1、闭合开关前,为了保护电路,滑动变阻器的滑片应位于最大阻值处,由电路图可知,变阻器的滑片应放在最右边.
2、由图可知,电压表选择的量程为0~3V,分度值为
0.1V,示数为
2.5V,此时小灯泡正常发光,则灯泡的额定电压是
2.5V.电流表选择的量程为0~
0.6A,分度值为
0.02A,示数为
0.24A,则小灯泡的额定功率P=UI=
2.5V×
0.24A=
0.6W.
4、要使灯泡两端的电压略高于额定电压,即使灯泡两端的电压增大,则滑动变阻器的电压减小,需要减小滑动变阻器接入电路的电阻,故应向左移动滑片P.结论由实验数据可知,灯泡两端的电压越大,电流越大,根据P=UI可知,灯泡的实际功率越大,灯泡越亮,故小灯泡的亮度决定于它的实际功率.问题讨论由图象知,不同电压下工作时,对应的电流不同,灯泡的功率不同,亮度不同,温度不同,灯丝的电阻不同,可能是温度影响了电阻大小.
(2)实验过程由图可知,两个电阻串联起来,使通过两根电阻丝的电流和通电时间相同,电阻不同,探究电流产生热量跟电阻的关系.现象5Ω的电阻丝和10Ω的电阻丝串联在电路中,在电流和通电时间相同,电流通过10Ω的电阻丝产生的热量多,故通过一段时间后右边温度计变化量更大.问题讨论在其它条件相同时,导体的电阻与横截面积成反比,故两定值电阻在材料、长度均相同,则10Ω电阻比5Ω电阻更细.故答案为
(1)P=UI;右;
2.5;
0.6;左;实际功率;温度;
(2)电阻;电流,右;细. 17.运用知识解决问题
(1)将手放在电暖器旁取暖电暖器通电发热是通过 做功 方式改变内能的;手的温度升高,内能增大是通过 热传递 方式改变内能的.
(2)如图是家庭电路的一部分,控制灯泡的开关应该接在 B (“A”或“B”)处,当把空调、电炉子都接入电路时,空气开关跳闸,可能是由于 总功率过大 引起的.
(3)某电视机的额定功率是200W,5度电能可以使它正常工作 25 小时.
(4)用一个功率为1600W的电热水壶,将温度为20℃、质量为2kg的水烧开,需要多长时间?(假设电热水壶产生的热全部被水吸收)【考点】电功与热量的综合计算;物体内能的改变;热传递改变物体内能;家庭电路的连接;电功率;电功率与电能、时间的关系.【分析】
(1)改变物体内能的两种方法做功和热传递;
(2)从安全用电的角度分析开关所接的位置;家庭电路中电流过大的原因有两种短路和总功率过大;
(3)由P=计算电视机正常工作时间;
(4)由题知W=Q,再根据电能和热量计算公式即可计算出需要的时间.【解答】解
(1)电暖器通电发热是电流做功改变其内能的;手放在电暖器旁取暖,手的温度升高,是通过热传递的方式使手的内能增大的;
(2)控制灯泡的开关与灯泡串联,为了安全应开关先接火线,火线上有220V电压,零线上电压为0,这样开关断开后,就将灯泡与火线断开;家庭电路的总功率等于各用电器功率之和,当把空调、电炉子都接入电路时,可能会由于电路总功率过大而使空气开关跳闸;
(3)由P=可得电视机正常工作时间t===25h;
(4)由题知电热水壶产生的热全部被水吸收,即W=Q,所以Pt=cm△t,需要加热时间t===420s.故答案为
(1)做功;热传递;
(2)B;总功率过大;
(3)25;
(4)需要的时间为420s. 18.回顾实验和探究(请将下列实验报告中空缺部分填写完整)
(1)探究磁场对电流的作用实验及应用如图,闭合开关,导体ab向右运动,说明通电导体在磁场中受到力的作用;将电源的正负极对调后,闭合开关,导体ab向 左 运动.这说明通电导体的受力方向与 电流 方向有关.此现象中,电能转化为 电 能.问题讨论若本实验利用干电池作为电源,为增大电压,可采用多节干电池 串 (“串”或“并”)联.
(2)探究影响电磁铁磁性强弱的因素实验过程用如图所示的装置进行实验,闭合开关后,发现电磁铁A吸引大头针的数目比B 多 .结论上述实验说明电磁铁磁性强弱与 线圈匝数 有关.方法实验中电磁铁强弱通过 电磁铁吸引小铁钉多少 来体现.问题讨论若在A上方放置一个悬挂磁铁的弹簧,当闭合开关后弹簧长度变 短 (“长”或“短”).【考点】探究影响电磁铁磁性强弱的因素的实验;磁场对通电导线的作用.【分析】
(1)通电导体在磁场中受力的作用,受力方向与电流方向和磁场方向有关;电动机是根据这个原理制成的,将电能转化为机械能;根据串联电路的电压特点可知,增大电压,可采用多节干电池串联.
(2)要解决此题,需要掌握影响电磁铁磁性强弱的因素电流的大小、线圈的匝数和有无铁芯.知道铁芯相同时电流越大、线圈匝数越多,电磁铁的磁性越强.实验中采用转换法,通过电磁铁吸引大头针数目的多少来反映电磁铁磁性的强弱;同时要掌握控制变量法在实验过程中的应用.弹簧的长度的变化是由条形磁体对弹簧拉力的变化引起的.而条形磁体对弹簧的拉力又是随着由电磁铁对其作用力的变化而变化的,电磁铁对条形磁体作用力的变化是由其磁性强弱的变化引起的,因此从影响电磁铁的磁性强弱因素的变化入手分析解决此题.【解答】解
(1)已知闭合开关,导体ab向右运动,通电导体的受力方向与电流方向有关.因此将电源的正负极对调后,导体中的电流方向改变,导体ab运动方向改变,向左运动;这说明通电导体在磁场中受力运动,电能转化为机械能;据此制成了电动机.已知蓄电池电压为6V,若本实验利用干电池作为电源,为增大电压,可采用4节干电池串联.
(2)在该题中,AB的电流相等,B的线圈匝数比甲图多,故B的磁性强,所吸引的大头针数目多;即该实验说明电磁铁磁性强弱与线圈的匝数有关.实验中通过电磁铁吸引大头针数目的多少来反映电磁铁磁性的强弱,运用了转换法;利用安培定则可以判定电磁铁A的上端为N极,下端为S极,故电磁铁与其上面的条形磁体相互排斥.所以当闭合开关后弹簧长度变短.故答案为
(1)左;电流;串;
(2)多;线圈匝数;电磁铁吸引小铁钉多少;短. 19.运用知识解决问题
(1)城市下水道井盖丢失导致行人坠入下水道的悲剧时有发生,令人痛心.为此,某同学设计了一种警示电路,如图1所示在井口安装一环形灯L,井盖相当于开关S;正常情况下,灯L不亮,开关处于 闭合 状态,电磁铁 有 (“有”或“无”)磁性;一旦井盖丢失,灯L即亮起,以警示行人.
(2)如图为通电螺线管和一小磁针静止时的情形,请在图2中标出电源正负极和小磁针的N、S极.【考点】电磁继电器的组成、原理和特点;通电螺线管的极性和电流方向的判断.【分析】
(1)根据题意可知,正常情况下S闭合,电磁铁有磁性,被控制电路断路灯泡不亮,当井盖丢失S断开时,电磁铁无磁性,被控制电路闭合,灯泡发光,据此回答;
(2)现根据磁感线的方向规定确定通电螺线管的NS极,根据磁极间的作用规律确定小磁针的NS极;根据安培定则确定电流方向可得电源的正负极.【解答】解
(1)据图可知,正常情况下S闭合,电磁铁有磁性,被控制电路断路灯泡不亮,当井盖丢失S断开时,电磁铁无磁性,被控制电路闭合,灯泡发光,以警示行人;
(2)据图可知,磁感线从通电螺线管的左端、右端入,所以通电螺线管的左端为N极、右端为S极;根据磁极间的作用规律,同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引,可知小磁针的左端为S极、右端为N极;据安培定则可知,大拇指指向N极(左端),可得通电螺线管中的电流从右端流入、左端流出,所以电源的右边为正极、左边为负极,如图所示故答案为
(1)闭合;有;
(2)如图所示. 20.综合问答﹣﹣从下列场景中自己选择一个事件,并作出解释妈妈在厨房用电烤箱烤肉,香味四溢.当打开热水壶烧水时,家中的空气开关跳闸了.所选内容与解释 用电烤箱烤肉﹣﹣这是电能转化为内能 .【考点】家庭电路电流过大的原因;能量的相互转化;扩散现象.【分析】结合题干中的文字,从中找出与物理相关的事件,并有针对性的做出解释即可.【解答】解本题中可供选择的内容有
(1)用电烤箱烤肉﹣﹣这是电能转化为内能;
(2)香味四溢﹣﹣扩散现象,说明分子在不停地做无规则运动;
(3)打开热水壶烧水时,家中的空气开关跳闸了﹣﹣电路中用电器总功率过大,造成电路中电流过大.故答案为用电烤箱烤肉﹣﹣这是电能转化为内能(三个答案任选其中即可). 21.综合作图﹣﹣小雨房间的灯小雨的房间有四盏灯,闭合总开关S,门口的指示灯L1就亮了,若将单刀双掷开关S2拨到a处,壁灯L2亮,若有声音L3会亮;若将单刀双掷开关拨到b处,床头灯L4就亮,且亮度可以调节,给你电源、灯泡四盏、普通开关一个、单刀双掷开关一个、声控开关(声控)一个、滑动变阻器一个、导线若干,请你画出电路图.【考点】串、并联电路的设计.【分析】闭合总开关S,门口的指示灯L1亮;当单刀双掷开关S2拨到a处,壁灯L2就亮,若有声音L3会亮,说明此时壁灯和L3并联,并且L3有声控开关控制;单刀双掷开关拨到b处,床头灯L4亮,且亮度可以调节,说明与滑动变阻器串联.【解答】解开关S1在干路上,灯泡L1与单刀双掷开关控制的电路并联,单刀双掷开关控制电路为串联,将声控开关与灯泡L3串联后与壁灯L2并联,然后并联在床头灯L4两端,最后再将灯L4与和滑动变阻器串联;如图所示 22.综合实验(可以配图说明)小雨要验证“太阳能电池板产生电压与太阳光照射角度的关系”,请完成设计方案.器材太阳能电池板一块、量角器、导线若干、开关、 电压表 .实验步骤
①将电压表并联到太阳能电池两极,使电池板与阳光角度为30°,闭合开关,记录电压表示数;
②使电池板与阳光角度分别为60°、90°,重复上述实验 ,分析数据,得出结论数据记录表格 角度/°306090电压/V 【考点】控制变量法与探究性实验方案.【分析】太阳能电池板产生电压可能与太阳板的面积、太阳光的照射强度、太阳光的照射角度等有关;验证“太阳能电池板产生电压与太阳光照射角度的关系”运用控制变量法,其它条件不变,只改变太阳光照射角度;据此选取实验器材、设计实验.【解答】解
(1)验证“太阳能电池板产生电压与太阳光照射角度的关系”时需要用电压表测量电池板两端的电压,因此还需要电压表;
(2)运用控制变量法验证“太阳能电池板产生电压与太阳光照射角度的关系”时,要控制其它条件不变,只改变太阳光照射角度,多次实验,得出结论;实验步骤
①将电压表并联到太阳能电池两极,使电池板与阳光角度为30°,闭合开关,记录电压表示数;
②使电池板与阳光角度分别为60°、90°,重复上述实验,分析数据,得出结论;
(3)根据实验需要,设计实验数据记录表格如下角度/°306090电压/V故答案为
(1)器材电压表;
(2)实验步骤
①将电压表并联到太阳能电池两极,使电池板与阳光角度为30°,闭合开关,记录电压表示数;
②使电池板与阳光角度分别为60°、90°,重复上述实验;
(3)实验表格略. 23.如图,电流表的量程是0~
0.6A,电压表的量程是0~15V,R1的电阻是20Ω,电源电压18V,变阻器R3的阻值范围是0~200Ω.灯泡电阻不变.(请画出每个小题的等效电路图)
(1)只闭合开关S3时,电阻R1消耗的功率为
1.8W,则R2的电阻为多大?
(2)只闭合S
2、S4,在不损坏电流表、电压表的情况下,灯泡消耗的最小电功率是P1;只闭合S
1、S3和S4时,在不损坏电流表、电压表的情况下,变阻器消耗的最大电功率是P3.求P1P3是多少?【考点】欧姆定律的应用;电功率的计算.【分析】
(1)只闭合开关S3时,R
1、R2串联;先根据P=I2R求出电路中的电流,然后根据欧姆定律的变形公式和串联电路的特点求出R2的电阻;
(2)只闭合S
2、S4时,R
1、R3串联,电压表测量R3两端电压;根据电流表、电压表判断滑动变阻器接入电路的最大阻值,从而求出电路中的最小电流,然后利用P=I2R求出灯泡消耗的最小电功率P1;只闭合S
1、S3和S4时,R
2、R3并联,电流表测量干路电流,电压表测量并联电路两端电压;先根据电流表和电压表的量程以及欧姆定律确定通过变阻器的最大电流,然后根据P=UI即可求出变阻器消耗的最大电功率P3,最后求出P
1、P3的比值.【解答】解
(1)∵P=UI,I=∴I===
0.3A,则电阻R1两端电压U1=IR1=
0.3A×20Ω=6V;因为串联电路两端电压等于各部分电压之和,所以R2两端电压为18V﹣6V=12V,则R2的电阻R2===40Ω;
(2)只闭合S
2、S4时,当滑动变阻器接入电路的阻值为200Ω时,电路中电流I′==≈
0.08A,此时电压表示数U′=I′R3最大=
0.08A×200Ω=16V>15V,因此当电压表示数为15V时,电路中的最小电流Imin==
0.15A,灯泡消耗的最小电功率是P1=Imin2×R1=(
0.15A)2×20Ω=
0.45W;只闭合S
1、S3和S4时,当电流表的示数为
0.6A时,变阻器消耗的电功率最大,此时通过滑动变阻器的电流最大,即I变最大=
0.6A﹣=
0.15A,则P3=UI变最大=18V×
0.15A=
2.7W,故P1P3=
0.45W
2.7W=16.答
(1)只闭合开关S3时,电阻R1消耗的功率为
1.8W,则R2的电阻为40Ω;
(2)只闭合S
2、S4,在不损坏电流表、电压表的情况下,灯泡消耗的最小电功率为
0.45W;P1与P3的比值为13. 24.归纳式探究﹣﹣研究电磁感应现象中的感应电流磁场的强弱用磁感应强度描述,用符号B表示,单位是特斯拉,符号是T.强弱和方向处处相同的磁场叫做匀强磁场.如图甲所示,电阻R1与圆形金属线圈R2连接成闭合回路,R1和R2的阻值均为R0,导线的电阻不计,在线圈中的半径为r的圆形区域内存在垂直于线圈平面向里的匀强磁场,磁感应强度B随时间t变化的关系图象如图乙所示,图线与横、纵坐标的截距分别为t0和B0,则0至t1时间内通过R1的电流I与阻值R
0、匀强磁场的半径r、磁感应强度B0与时间t0的关系数据如下表次数R0/Ωr/mB/Tt0/sI/A
1100.
11.
00.15π×10﹣
22200.
11.
00.
12.5π×10﹣
23200.
21.
00.110π×10﹣
24100.
10.
30.
11.5π×10﹣
25200.
10.
10.
050.5π×10﹣2
(1)I=k ,其中k= 5πA•Ω•s/(T•m2) (填上数值和单位).
(2)上述装置中,改变R0的大小,其他条件保持不变,则0至t1的时间内通过R1的电流I与R0关系可以用图丙中的图线 c 表示.【考点】超纲知识.【分析】
(1)根据控制变量法分析感应电流与各个量之间的关系,得出关系式,代入数据求出k的值;
(2)根据感应电流与R0的关系判断图线.【解答】解
(1)由
1、2数据知,r、B、t0相同,R0增大为原来的2倍,电流会减小为原来的二分之一,可知其它条件相同,感应电流与R0成反比;由
2、3数据知,R
0、B、t0相同,r增大为原来的2倍,电流会增大为原来的4倍,可知其它条件相同,感应电流与r的平方成正比;由
1、4数据知,R
0、r、t0相同,B增大为原来的
0.3倍,电流会增大为原来的
0.3倍,可知其它条件相同,感应电流与B成正比;则感应电流的表达式可表示为I=k;将第一组数据代入,5π×10﹣2A=k×解得k=5πA•Ω•s/(T•m2);
(2)由公式可知,在其他条件不变时,电流I与R0成反比例关系,所以c符合题意.故答案为
(1);5πA•Ω•s/(T•m2);
(2)c. 25.演绎式探究
(1)磁感应强度磁体和通电导体周围存在着磁场,磁场的强弱用物理量磁感应强度B来表示.B越大,说明磁场越强.一个半径为r的细圆环,环中均匀分布着电量为q的电荷(图甲).圆环绕中心轴每秒转动n圈,则圆心O点的磁感应强度大小为B=2πk(k为常数).可见,电量q和半径r不变时,圆环转动越快,圆心O点的磁场越 强 .
(2)研究转动圆盘中心的磁感应强度现在,有一个半径为R的薄圆盘(厚度不计),在圆盘中均匀分布着电量为Q的电荷(图乙).圆盘绕中心轴每秒转动n圈,则整个圆盘在圆心O点的磁感应强度大小为多少?首先,将圆盘分割为100个宽度均为△r的同心细圆环,取其中一个圆环进行研究(图丙).若将这个圆环取出来,并将它展开,可以近似看作是一个宽度为△r的长方形(图丁),该长方形的面积为△S=2πr△r,则圆环所带的电量为q=.这样,该圆环在圆心O点的磁感应强度大小为△B= , .整个圆盘在O点的磁感应强度大小B为这100个圆环在O点的磁感应强度大小△B之和,也即B= = .【考点】超纲知识.【分析】
(1)根据磁感应强度表达式可以判断圆环的转速与圆心磁场强弱的关系;
(2)根据圆环的面积和圆环所带的电荷量;根据磁感应强度公式求出圆环在圆心处产生的磁感应强度;最后求出各圆环在圆心所产生的磁感应强度之和,即整个圆盘在圆心处产生的磁感应强度.【解答】解
(1)由磁感应强度公式B=2πk可知,在电量q和半径r不变时,圆环转动越快,即n越大时,B越大,即圆心O点的磁场越强.
(2)该圆环在圆心0点的磁感应强度大小△B==×=.整个圆盘在O点的磁感应强度B=△B1+△B2+△B3+△B4+…△B99+△B100=(△r1+△r2+△r3+△r4+…△r99+△r100)=×R=.故答案为
(1)强;
(2);. 26.综合作图给你一个电流表、一个灯泡、一个已知阻值的电阻R0,一个未知电压的电源、一个单刀双掷开关和导线若干,请设计一个测灯泡发光时功率的电路(测量时电路不能拆卸).画出电路图并写出相应的测量步骤和数学表达式.步骤数学表达式【考点】电功率的测量.【分析】要测灯泡的功率,根据P=UI可知应用电流表测出通过灯泡中的电流、电压表测出其两端的电压;实验中无电压表、有定值电阻,可根据并联电路的电压特点设计电路,即先用电流表测出通过定值电阻的电流,然后根据欧姆定律的变形公式求出定值电阻两端的电压,再用电流表测出并联电路的电流,进一步根据并联电路的电流特点求出通过灯泡的电流,根据P=UI求出灯泡的功率.【解答】解
(1)使小灯泡和电阻并联,利用单刀双掷开关分别控制两条支路,同时使电流表测量定值电阻中的电流和干路中的电流,电路图如下
(2)实验步骤
1、将开关S拨至1时,灯泡与定值电阻并联,电流表测的是定值电阻R0的电流,读出示数为I1;
2、将开关S拨至1时,灯泡与定值电阻并联,电流表测干路电流,读出示数为I2;
3、由上知,灯泡与电阻并联,所以灯泡两端的电压U=U0=I1R0;通过灯泡的电流I=I2﹣I1,所以灯泡的功率P=UI=I1R0(I2﹣I1),则灯泡的功率表达式为P=I1R0(I2﹣I1).。