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2015-2016学年江苏省苏州市吴江区九年级(上)期末物理试卷
一、选择题(本题共12小题,每小题2分,共24分,每小题给出的四个选项中只有一个选项正确)1.使用如图工具可以省力的是( )A.老虎钳B.理发剪刀C.定滑轮D.镊子2.下列事例中,用做功的方法使物体内能增加的是( )A.冬天热水淋浴,人感到暖和B.冬天互相搓手,手感到暖和C.冬天使用暖气,人感到暖和D.冬天对手哈气,手感到暖和3.从欧姆定律可以导出公式R=,下列说法正确的是( )A.导体的电阻与电压成正比B.导体的电阻与电流成反比C.电阻是导体本身的性质,当电压发生变化时,电阻值不变D.当电压为零时,电阻也为零4.质量相同的水和煤油各一杯,在相同的炉子上加热相同的时间后( )A.水比煤油温度升高得多B.水比煤油温度升高得少C.水和煤油温度升高得一样多D.条件不足,无法判断5.下列关于“热机”的说法中,正确的是( )A.火箭发动机属于热机B.通过技术改进,热机效率可达100%C.热机常用水做冷却剂,是因为水的沸点高D.做功冲程将机械能转化为内能6.顺应时代要求,享受低碳生活,每天节约一度电可以( )A.使80W的电视机工作25hB.使40W的日光灯工作60hC.使100W的电烙铁工作10hD.使1000W的碘钨灯工作5h7.如图所示,杠杆处于平衡状态,如果将物体A和B同时向靠近支点的方向移动相同的距离,下列判断正确的是( )A.杠杆仍能平衡B.杠杆不能平衡,右端下沉C.杠杆不能平衡,左端下沉D.无法判断8.如图所示,用相同的轮滑不同的绕法提起相同的重物,绳重、摩擦忽略不计,在物体匀速上升的过程中( )A.甲图省力,机械效率甲图大B.甲图省力,机械效率一样大C.乙图省力,机械效率乙图大D.乙图省力,机械效率一样大9.三位同学准备进行爬楼比赛,看看谁的功率大.他们展开了如下的讨论甲只有测出各自的体重、爬楼用的时间和爬楼的高度,才能进行比较;乙在爬楼的时间相同时,只要测出各自的体重、爬楼的高度,就可以进行比较;丙在爬楼的高度相同时,只要测出各自的体重、爬楼的时间,就可以进行比较.正确的是( )A.甲、乙和丙B.甲和乙C.甲和丙D.乙和丙10.两个分别标有“220V60W”和“220V25W”字样的灯泡,如将它们并联后接在110V的电路中,则( )A.电阻大的灯泡较亮B.额定功率大的灯泡较亮C.额定功率小的灯泡较亮D.两个灯泡一样亮11.某学习小组在一次实验探究中利用电压表和电流表测得了多组数据,记录下来并通过在U﹣I坐标系中描点后作出图象如图甲.请判断他们实验时的电路可能是图乙中的哪一个( )A.AB.BC.CD.D12.如图所示电路,电源两端电压保持不变.闭合开关S,当滑动变阻器的滑片P从B点滑至C时,电压表V1的示数从U1变为U1′,电压表V2的示数从U2变为U2′,电流表A的示数从I变为I′,下列判断正确的是( )A.U1′>U1,U2′>U2,I′<IB.|U1′﹣U1|<|U2′﹣U2|C.D.>
二、填空题(本题共11小题,每空1分,共27分)13.我国家庭电路正常供电的电压为______V,根据对人体安全的要求,工厂里车床上照明电路的电压,常低于______V.14.柜式空调正常工作时的电流大约是10______,手机待机电流大约是15~50______.(均填合适的单位符号)15.汽油机的一个工作循环可分为______个冲程;通过做功增加燃料混合物内能的是______冲程.16.如图所示,一配有活塞的厚壁玻璃筒里放一小团蘸了乙醚的棉花,当迅速压下活塞时,可看见筒内棉花燃烧起来.这是通过______的方式使玻璃筒内的空气______增加,温度升高的.17.小明将放在水平桌面上重为3N的物理课本,水平匀速拉动5m,所用的水平拉力为1N,则课本重力做功______J,水平拉力做功______J.19.在一次军事演习中,一架飞机沿水平方向一边匀速飞行一边投放军用物资,在此过程中飞机的动能______(选填“变大”、“变小”或“不变”),物资在加速下落过程中,动能和重力势能之间的转化情况是______.20.如图所示,沿斜面向上拉一个重为
4.7N的物体到斜面顶端,斜面长
1.2m,高
0.3m,拉力做功为
2.16J,则这个斜面的机械效率是______%,物体受到的摩擦力是______N.21.下表列出了几种燃料的热值,单位是J/kg干木柴无烟煤酒精煤油氢气
1.2×
1073.4×
1073.0×
1074.6×
1071.4×108从表中可以看出酒精的热值是
3.0×107J/kg,表示的物理意义是______.那么完全燃烧1g的酒精可放出热量______J.放出相同的热量,完全燃烧干木柴与氢气的质量之比是______.22.在图所示的电路中,电源电压为3V.闭合开关S,电流表
①的示数为
1.2A,电流表
②的示数为
0.3A,则通过R1的电流是______A,R2的阻值是______Ω.23.有一只小灯泡,它正常发光时的电阻是
7.6Ω,正常工作时的电压是
3.8V,如果我们只有电压为6V的电源,要使小灯泡正常工作,需______联一个______Ω的电阻.连入电路的电阻消耗的功率是______.24.
(1)下表所示是从某台电热饮水机说明书上收集到的信息,如图是它的电路图.经分析可知,当开关S闭合时,饮水机处于______状态.(填加热/保温);当S断开时,饮水机处于______(填加热/保温)状态.热水箱容量1L额定电压220V加热时额定功率968W
(2)为了测量该饮水机加热时的实际功率,小明断开其他所有用电器,只将该饮水机接入家庭电路中,闭合开关S,测得热水箱中满箱水从23℃升高到99℃,所用时间为8min,同时观察到家中标有“1200r/(kW•h)”字样的电能表转盘转过120转(r).不考虑温度对阻值的影响,C水=
4.2×103J/(kg•℃).根据以上信息可得
①饮水机热水箱中的水从23℃升高到99℃时所吸收的热量是______J;
②饮水机在加热过程中的热效率______%;
③饮水机加热时的实际电压是______V.(结果可保留根号)
三、简答题(本题共7小题,第24题8分,第25题6分,第26题7分,第27题6分,第28题6分,29题7分,30题9分,共49分)25.按照题目要求作图或读数
(1)图1中OA为轻质杠杆,可绕O点转动,在点B处用细绳悬挂一重物,在A端施加动力F1,使杠杆在水平位置平衡.请画出杠杆受到的阻力F2及动力臂L1.
(2)工人站在地上利用滑轮组把货物提起来,请你把图2中绳子的绕线方法补充完整.
(3)根据图3中给出的实物器材在虚线框内画出它的电路图,要求只接通开关S时,两灯都亮,同时接通S和S1时L1亮,L2不亮.
(4)如图4所示的电阻箱的示数为______Ω.26.用如图所示的滑轮组提升物体A.在匀速竖直提升A的过程中,卷扬机加在绳子自由端竖直向下的拉力F为400N,物体A上升的速度vA为
0.1m/s,滑轮组的机械效率为90%,不计绳重和滑轮与轴的摩擦.求
(1)拉力F做功的功率P;
(2)物体A的重力GA和动滑轮的重力G动;
(3)10s内该滑轮组所做的有用功.27.如图所示,灯L
1、L2上分别标有“6V6W“、“6V3W”字样,电源电压为9V(两只灯的电阻值不变).当开关S闭合时,两灯都能发光,求
(1)灯L
1、L2的电阻;
(2)灯L
1、L2的实际电压;
(3)灯L
1、L2以及电源消耗的功率.28.在探究决定电阻大小的因素时,研究小组中甲、乙、丙三位同学作出如下猜想甲导体的电阻与导体的长度有关.乙导体的电阻与导体的材料有关.丙导体的电阻与导体的横截面积有关.实验室备有几种电阻丝,参数如下表.编号材料长度/m横截面积/mm2a镍铬合金丝
1.
00.2b镍铬合金丝
1.
00.1c镍铬合金丝
0.
50.1d锰铜合金丝
0.
50.1如图所示,是为完成探究连接的实验电路.
(1)实验中应通过比较______的大小,来比较电阻丝电阻的大小,达到验证猜想的目的.
(2)若要验证乙同学的猜想,则应该选用______两根电阻丝(填编号)进行对比实验.
(3)选用b、c两根电阻丝进行对比实验,是为了验证______同学的猜想.29.
(1)在“探究物体动能大小与物体的速度、质量关系”的实验中,让小车从斜面的不同高度由静止开始下滑,撞击水平木板上的木块.如图所示.
①实验的研究对象是______,甲、乙两次实验中,木块受到的滑动摩擦力分别为f甲、f乙,则f甲______f乙;(填“>”“=”或“<”)
②小车放置的位置越高,木块被撞击得越远.研究表明当______一定时,物体动能的大小与物体的______有关.
(2)小明由上面的实验想到了上学途中骑自行车经过一段上坡路时发生的现象车子的初始速度越大,冲上斜坡的最大距离就越______(填“长”或“短”).这是因为车子的初始速度越大,它的初始动能也越大,上坡过程中增加的______就越大.30.小明的爸爸是有名的电器维修师傅,有一次小明发现爸爸那里15Ω和25Ω的两个电阻的标称看不清了,他想用刚学过的电学知识帮爸爸一点忙.(l)请你帮小明设计一个能够鉴别电阻阻值大小的最简单电路(身边器材包括旧的干电池、电流表、开关各一个及导线若干),并将电路图画在图甲的虚线框内.
(2)小明怀疑厂家生产的定值电阻的阻值有较大误差,为进一步测量15Ω电阻的阻值,在你设计的最简电路图甲的基础上,你做的修改方案是______(用文字说明便可).
(3)小明用额定电压
3.8V的小灯泡替换15Ω的定值电阻,重新做实验.根据实验数据绘制的小灯泡和定值电阻的U一I图象如图乙所示.小灯泡的U一I图象是______(填代号).设小灯泡在电压为1V时的电阻是R1,在电压为3V时的电阻是R2,那么由图乙可知,R1______R2.(填“>”“=”或“<”),原因是______.
(4)该小灯泡的额定电阻大约是______Ω,额定功率大约是______W.31.甲乙丙三位同学组成的某小组用如图甲所示的实验器材探究“电流与电阻的关系”.电源电压恒为3V,滑动变阻器上标有“20Ω2A”字样,阻值分别为5Ω、10Ω、20Ω、50Ω的定值电阻各一个.
(1)请你用笔画线代替导线,把图甲所示的实验电路补充完整;
(2)甲同学将5Ω定值电阻接入电路后,闭合开关,发现电流表无示数而电压表有示数,则电路中的故障可能是______;排除故障后,闭合开关,调节滑动变阻器的滑片P,使电流表的示数如图乙所示,此时电路中的电流为______A;
(3)他们将5Ω定值电阻换成10Ω定值电阻,闭合开关,为了保持电压表的示数U=______V不变,应将滑动变阻器的滑片P向______(选填“A”或“B”)移动,记录此时电流表的示数;
(4)将10Ω定值电阻换成20Ω定值电阻,重复
(3)中的有关步骤实验次数定值电阻(Ω)电流表示数(A)15______
2100.
183200.09
(5)实验记录的多组数据如上表所示.分析数据可得出结论当电压一定时,通过导体中的电流与电阻成______比;
(6)上述三次实验结束后,丙同学提出换用50Ω的定值电阻进行实验从而多采集一次数据以增强说服力,你认为是否可行?答______,理由是______.(需要有必要的计算结果说明) 2015-2016学年江苏省苏州市吴江区九年级(上)期末物理试卷参考答案与试题解析
一、选择题(本题共12小题,每小题2分,共24分,每小题给出的四个选项中只有一个选项正确)1.使用如图工具可以省力的是( )A.老虎钳B.理发剪刀C.定滑轮D.镊子【考点】杠杆的分类.【分析】结合生活经验,先判断杠杆在使用过程中,动力臂和阻力臂的大小关系,再判断它是属于哪种类型的杠杆.【解答】解A、老虎钳在使用过程中,动力臂大于阻力臂,是省力杠杆;B、理发剪刀在使用过程中,动力臂小于阻力臂,是费力杠杆;C、定滑轮在使用时,动力臂等于阻力臂,其实质是等臂杠杆;D、镊子在使用过程中,动力臂小于阻力臂,是费力杠杆.故选A. 2.下列事例中,用做功的方法使物体内能增加的是( )A.冬天热水淋浴,人感到暖和B.冬天互相搓手,手感到暖和C.冬天使用暖气,人感到暖和D.冬天对手哈气,手感到暖和【考点】做功改变物体内能;热传递改变物体内能.【分析】改变物体内能有两种方式做功和热传递.做功主要有摩擦生热和压缩气体做功,做功实质是能量的转化,热传递实质是内能从一个物体转移到另一个物体,或者是从一个物体的高温部分传到低温部分,必须有温差.【解答】解A、冬天热水淋浴,人感到暖和,属于热传递改变物体的内能,不符合题意.B、冬天互相搓手,手感到暖和,属于做功改变物体的内能,符合题意.C、冬天使用暖气,人感到暖和,属于热传递改变物体的内能,不符合题意.D、冬天对手哈气,手感到暖和,属于热传递改变物体的内能,不符合题意.故选B. 3.从欧姆定律可以导出公式R=,下列说法正确的是( )A.导体的电阻与电压成正比B.导体的电阻与电流成反比C.电阻是导体本身的性质,当电压发生变化时,电阻值不变D.当电压为零时,电阻也为零【考点】欧姆定律的应用.【分析】电阻是导体本身的一种性质,它与两端的电压和通过电流无关,R=这个导出公式只说明导体电阻的大小是导体两端的电压与通过导体的电流大小的比值.【解答】解电阻是导体本身的性质,当电压或电流发生变化时,电阻值不变,它的大小只与导体的材料、长度、横截面积以及温度有关;公式R=只说明导体电阻的大小是导体两端的电压与通过导体的电流大小的比值,与它两端的电压和通过的电流无关,当电压为零时,电阻大小不变.故选C. 4.质量相同的水和煤油各一杯,在相同的炉子上加热相同的时间后( )A.水比煤油温度升高得多B.水比煤油温度升高得少C.水和煤油温度升高得一样多D.条件不足,无法判断【考点】热量的计算.【分析】欲知水和煤油谁温度升高的多,首先要熟练热量公式,根据题意,代入变形后的公式即可得出.【解答】解已知M水=M油,C水>C油,在相同的炉子上加热相同的时间,说明,Q水=Q油,由热量公式Q=CM△t得,△t=,把已知代入,分母大的分式值就小,所以水升高的温度就低,故选B 5.下列关于“热机”的说法中,正确的是( )A.火箭发动机属于热机B.通过技术改进,热机效率可达100%C.热机常用水做冷却剂,是因为水的沸点高D.做功冲程将机械能转化为内能【考点】热机;水的比热容的特点及应用;热机的效率;内燃机的四个冲程.【分析】
①热机工作过程中,在压缩冲程机械能转化为内能,做功冲程内能转化为机械能;
②任何能量转化过程都伴随能量的损失,所以转化效率不可能达到100%;
③因为水的比热容较多,常用来做冷却剂;
④热机是把内能转化为机械能的装置.【解答】解A、热机是把内能转化为机械能的装置,火箭属于热机.此选项正确;B、无论科技如何发展,热机的效率可以提高,总存在摩擦、要做额外功,效率一定不会达到100%.此选项错误;C、热机常用水做冷却剂,是因为水的比热容大,此选项错误;D、做功冲程中的能量转化是内能转化为机械能.此选项错误;故选A. 6.顺应时代要求,享受低碳生活,每天节约一度电可以( )A.使80W的电视机工作25hB.使40W的日光灯工作60hC.使100W的电烙铁工作10hD.使1000W的碘钨灯工作5h【考点】电功的计算.【分析】根据每个选项中的功率和时间分别求出消耗的电能,若是1度电就是正确的.【解答】解A、使80W的电视机工作25h消耗的电能80W×25h=2kw•h;B、使40W的日光灯工作60h消耗的电能40W×60h=
2.4kw•h;C、使100W的电烙铁工作10h消耗的电能100W×10h=1kw•h;D、使1000W的碘钨灯工作5h消耗的电能1000W×5h=5kw•h.故选C. 7.如图所示,杠杆处于平衡状态,如果将物体A和B同时向靠近支点的方向移动相同的距离,下列判断正确的是( )A.杠杆仍能平衡B.杠杆不能平衡,右端下沉C.杠杆不能平衡,左端下沉D.无法判断【考点】杠杆的平衡条件.【分析】根据杠杆原来处于平衡状态,利用图示杠杆的力臂关系,根据杠杆平衡条件得到物体AB的质量大小关系;根据条件的变化,分别表示出杠杆作用两边的力矩力和力臂的乘积.比较力矩的大小,即可确定杠杆是否平衡.【解答】解原来杠杆在水平位置处于平衡状态,此时作用在杠杆上的力分别为物体A、B的重力,其对应的力臂分别为OC、OD,根据杠杆的平衡条件可得mAgOC=mBgOD,由图示可知,OC>OD.所以mA<mB,当向支点移动相同的距离△L时,两边的力臂都减小△L,此时左边为mAg(OC﹣△L)=mAgOC﹣mAg△L,右边为mBg(OD﹣△L)=mBgOD﹣mBg△L,由于mA<mB,所以mAg△L<mBg△L;所以mAgOC﹣mAg△L>mBgOD﹣mBg△L.因此杠杆将向悬挂A物体的一端即左端倾斜.故选C. 8.如图所示,用相同的轮滑不同的绕法提起相同的重物,绳重、摩擦忽略不计,在物体匀速上升的过程中( )A.甲图省力,机械效率甲图大B.甲图省力,机械效率一样大C.乙图省力,机械效率乙图大D.乙图省力,机械效率一样大【考点】机械效率的大小比较.【分析】由滑轮组的结构知道承担物重的绳子股数n,则绳子自由端移动的距离s=nh;把相同的重物匀速提升相同的高度,做的有用功相同;不计绳重及摩擦,利用相同的滑轮和绳子、提升相同的高度,做额外功相同;而总功等于有用功加上额外功,可知利用滑轮组做的总功相同,再根据效率公式判断滑轮组机械效率的大小关系.【解答】解不计绳重及摩擦,绳子自由端拉力F=(G物+G轮),由图可知n甲=2,n乙=3,所以绳子自由端拉力F甲=(G物+G轮),F乙=(G物+G轮),所以F甲>F乙,乙图省力;动滑轮重相同,提升的物体重和高度相同,W额=G轮h,W有用=G物h,由此可知利用滑轮组做的有用功相同、额外功相同,总功相同,因为η=×100%,所以滑轮组的机械效率相同.故选D. 9.三位同学准备进行爬楼比赛,看看谁的功率大.他们展开了如下的讨论甲只有测出各自的体重、爬楼用的时间和爬楼的高度,才能进行比较;乙在爬楼的时间相同时,只要测出各自的体重、爬楼的高度,就可以进行比较;丙在爬楼的高度相同时,只要测出各自的体重、爬楼的时间,就可以进行比较.正确的是( )A.甲、乙和丙B.甲和乙C.甲和丙D.乙和丙【考点】功率大小的比较.【分析】根据P==可知,比较功率的大小,可以在相同时间内测量体重和爬楼的高度来比较功率的大小或者根据爬相同高度,测量体重和时间进行比较.【解答】解根据P==可知,在爬楼的时间相同时,只要测出各自的体重、爬楼的高度,就可以进行比较;或在爬楼的高度相同时,只要测出各自的体重、爬楼的时间,就可以进行比较.要计算功率的大小时,需要测出各自的体重、爬楼用的时间和爬楼的高度,才能得出功率.故乙和丙符合题意. 故选D. 10.两个分别标有“220V60W”和“220V25W”字样的灯泡,如将它们并联后接在110V的电路中,则( )A.电阻大的灯泡较亮B.额定功率大的灯泡较亮C.额定功率小的灯泡较亮D.两个灯泡一样亮【考点】实际功率.【分析】由灯泡铭牌可知灯泡额定电压与额定功率,由电功率的变形公式可以求出灯泡电阻;然后根据串并联电路的特点及电功率公式判断灯泡实际功率大小,然后比较灯泡的亮度.【解答】解由灯泡铭牌可知,灯泡额定电压U1=U2=220V,P1=60W,P2=25W,P1>P2,由P=,可得R=,可知R1<R2;两灯并联在110V的电路中,电压U相等,R1<R2,由P=可知,P1实′>P2实′,额定功率大的灯泡较亮.故选B. 11.某学习小组在一次实验探究中利用电压表和电流表测得了多组数据,记录下来并通过在U﹣I坐标系中描点后作出图象如图甲.请判断他们实验时的电路可能是图乙中的哪一个( )A.AB.BC.CD.D【考点】欧姆定律的应用.【分析】由图象可知,当电流表的示数增大时,电压表的示数减小;再分析四个电路图,当滑片向左移动时的电压表和电流表的变化得出答案.【解答】解A和B、电压表测量电源电压,当移动滑片时,电压表的示数不变,故A、B不符合题意;C、电压表测量滑动变阻器两端的电压,电阻与滑动变阻器串联,当滑片左移时连入电阻变小,电路中的电阻变小,电流变大(电流表的示数变大);电阻和滑动变阻器串联后,定值电阻两端电压变大,则变阻器两端电压将变小,即电压表示数减小,故C符合题意;D、电压表测量的是定值电阻两端的电压,电阻与滑动变阻器串联,当滑片左移时连入电阻变小,电路中的电阻变小,电流变大(电流表的示数变大);电压表的示数也变大,故D不符合题意.故选C. 12.如图所示电路,电源两端电压保持不变.闭合开关S,当滑动变阻器的滑片P从B点滑至C时,电压表V1的示数从U1变为U1′,电压表V2的示数从U2变为U2′,电流表A的示数从I变为I′,下列判断正确的是( )A.U1′>U1,U2′>U2,I′<IB.|U1′﹣U1|<|U2′﹣U2|C.D.>【考点】欧姆定律的应用.【分析】由图知,两个定值电阻和滑动变阻器串联,电压表V1测量电阻R1和滑动变阻器两端电压;电压表V2测量两个定值电阻的总电压;电流表测量电路电流.根据欧姆定律和串联电路的特点,确定符合题意的选项.【解答】解A、当滑动变阻器的滑片P从B点滑至C时,滑动变阻器接入电路电阻增大,因为串联电路用电器两端电压与其阻值成正比,所以滑动变阻器两端电压增大,定值电阻R
1、R2两端电压都减小,所以U2′<U2,U1′>U1;由于电源电压不变,整个电路电阻增大,所以根据欧姆定律可知I′<I.故A错误;B、当滑动变阻器的滑片P从B点滑至C时,则根据欧姆定律可知U1′﹣U1=(U﹣I′R1)﹣(U﹣IR1)=(I﹣I′)R1,U2′﹣U2=I(R2+R1)﹣I′(R2+R1)=(I﹣I′)(R2+R1),所以,|U1′﹣U1|<|U2′﹣U2|,故B正确;C、电压表V2测量两个定值电阻的总电压,电流表测量电路电流.由于定值电阻阻值不变,所以=.此选项错误D、根据B选项的分析可知=R1,=(R2+R1),所以<,故D错误.故选B.
二、填空题(本题共11小题,每空1分,共27分)13.我国家庭电路正常供电的电压为 220 V,根据对人体安全的要求,工厂里车床上照明电路的电压,常低于 36 V.【考点】电压.【分析】记住家庭电路的电压、人体安全电压、一节干电池的电压,是解决本题的关键.【解答】解我国家庭电路正常供电的电压为220V,根据对人体安全的要求,工厂里车床上照明电路的电压,常低于36V.故答案为220;36. 14.柜式空调正常工作时的电流大约是10 A ,手机待机电流大约是15~50 mA .(均填合适的单位符号)【考点】电流的大小.【分析】此题考查我们对常见物体不同物理量的估测,根据对常见物体和相关物理量单位的认识,填上合适的单位.【解答】解一只柜式空调正常工作中的功率约为2500W左右,由P=UI得I==≈11A,所以一只柜式空调正常工作时的电流大约为10A;手机待机电流很小,大约是15~50mA左右.故答案为A;mA. 15.汽油机的一个工作循环可分为 四 个冲程;通过做功增加燃料混合物内能的是 压缩 冲程.【考点】内燃机的四个冲程.【分析】汽油机的四个冲程吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程,完成四个冲程为一个工作循环;其中只有两个冲程伴随有能量的转化.压缩冲程中活塞向上运动,汽油和空气的混合物被压缩,内能增大,温度升高,活塞运动的机械能转化为混合气体的内能;做功冲程中,火花塞冒出电火花,将混合气体点燃,混合气体剧烈燃烧,产生高温高压的燃气,推动活塞运动,燃气的内能转化为活塞运动的机械能.【解答】解汽油机的一个工作循环分为四个冲程,分别是吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程;其中做功冲程中高温高压的燃气,推动活塞向下运动,燃气的内能转化为活塞运动的机械能;压缩冲程中活塞对燃料混合物做功,将活塞机械能转化为燃料混合物的内能.故答案为四;压缩. 16.如图所示,一配有活塞的厚壁玻璃筒里放一小团蘸了乙醚的棉花,当迅速压下活塞时,可看见筒内棉花燃烧起来.这是通过 做功 的方式使玻璃筒内的空气 内能 增加,温度升高的.【考点】做功改变物体内能.【分析】改变物体内能的方式有两种做功和热传递,热传递过程是能量的转移过程,而做功过程是能量的转化过程.【解答】解下压活塞时,活塞压缩气体做功,机械能转化为内能,使气体的内能增大、温度升高,当达到棉花的燃点,使棉花燃烧.故答案为做功;内能. 17.小明将放在水平桌面上重为3N的物理课本,水平匀速拉动5m,所用的水平拉力为1N,则课本重力做功 0 J,水平拉力做功 5 J.【考点】功的计算.【分析】
(1)根据做功的必要条件可知重力不做功,因为在重力的方向上没有移动距离,做功为0;
(2)拉力做功可用公式W=Fs计算得出.【解答】解
(1)重为3N的物理课本,在水平面上匀速拉动5m,虽然受到重力作用,也有距离,但距离不是在重力的方向上通过的距离,所以重力没做功.
(2)课本水平拉力为1N,并在水平面上匀速前进5m,具备做功的两个条件,所以拉力做功为W=Fs=1N×5m=5J,故答案为0;5. 19.在一次军事演习中,一架飞机沿水平方向一边匀速飞行一边投放军用物资,在此过程中飞机的动能 变小 (选填“变大”、“变小”或“不变”),物资在加速下落过程中,动能和重力势能之间的转化情况是 重力势能转化成动能 .【考点】动能和势能的大小变化;动能和势能的转化与守恒.【分析】
(1)影响动能大小的影响因素质量、速度.质量越大,速度越大,动能越大;
(2)影响重力势能大小的影响因素质量、被举得高度.质量越大,高度越高,重力势能越大.【解答】解飞机沿水平方向一边匀速飞行一边投放军用物资,在此过程中飞机的速度不变,质量变小,所以动能变小;物资在加速下落过程中,质量不变,高度变小,重力势能变小,但速度越来越快,动能越来越大,所以,重力势能转化为动能.故答案为变小;重力势能转化为动能. 20.如图所示,沿斜面向上拉一个重为
4.7N的物体到斜面顶端,斜面长
1.2m,高
0.3m,拉力做功为
2.16J,则这个斜面的机械效率是
65.3 %,物体受到的摩擦力是
0.625 N.【考点】斜面的机械效率.【分析】
(1)已知物体重力和提升的高度,根据公式W=Gh可求有用功;已知总功,根据η=可求得机械效率;
(2)求出额外功,利用W额=fs求摩擦力.【解答】解有用功W有用=Gh=
4.7N×
0.3m=
1.41J;总功W总=
2.16J,斜面的效率η=×100%=×100%≈
65.3%;额外功W额=W总﹣W有用=
2.16J﹣
1.41J=
0.75J,因为W额=fs,所以摩擦力大小f===
0.625N.故答案为
65.3;
0.625. 21.下表列出了几种燃料的热值,单位是J/kg干木柴无烟煤酒精煤油氢气
1.2×
1073.4×
1073.0×
1074.6×
1071.4×108从表中可以看出酒精的热值是
3.0×107J/kg,表示的物理意义是 1千克酒精完全燃烧放出的热量是
3.0×107J .那么完全燃烧1g的酒精可放出热量 3×104 J.放出相同的热量,完全燃烧干木柴与氢气的质量之比是 353 .【考点】燃料的热值.【分析】
(1)欲知酒精热值的意义,必须知道热值的概念;
(2)由Q=qm可求得;
(3)求干木柴与氢气的质量之比,用Q=qm,代入数值,可得.【解答】解
(1)由热值的概念可知,酒精的热值是
3.0×107J/kg,表示的物理意义是,1千克酒精完全燃烧放出的热量是
3.0×107J.
(2)Q=qm=
3.0×107J/kg×
0.001kg=3×104J.
(3)已知放出相同的热量由Q=qm得,q木×m木=q氢×m氢,
1.2×107J/kg×m木=
1.4×108J/kg×m氢,m木m氢=353故答案为1千克酒精完全燃烧放出的热量是
3.0×107J,3×104J,353 22.在图所示的电路中,电源电压为3V.闭合开关S,电流表
①的示数为
1.2A,电流表
②的示数为
0.3A,则通过R1的电流是
0.9 A,R2的阻值是 10 Ω.【考点】欧姆定律的应用;并联电路的电流规律.【分析】由图可知两电阻并联,A2测量流过R2的电流,A1测量干路电流,则由并联电路的电流规律可得出通过R1的电流;由欧姆定律可求得R2的阻值.【解答】解由图及已知可得干路电流I=
1.2A,通过R2的电流I2=
0.3A,则由并联电路的电流规律可得通过I1的电流I1=I﹣I2=
1.2A﹣
0.3A=
0.9A;由欧姆定律可得R2的阻值R2===10Ω;故答案为
0.9,10. 23.有一只小灯泡,它正常发光时的电阻是
7.6Ω,正常工作时的电压是
3.8V,如果我们只有电压为6V的电源,要使小灯泡正常工作,需 串 联一个
4.4 Ω的电阻.连入电路的电阻消耗的功率是
1.1W .【考点】欧姆定律的应用;串联电路的电流规律;串联电路的电压规律;电功率的计算.【分析】根据串联电路的分压特点可知,要使小灯泡在3V的电源上正常发光时应串联一个电阻,根据串联电路的电压特点求出电阻两端的电压,根据串联电路各处的电流相等和欧姆定律得出等式,即可求出电阻的阻值,再根据P=求出连入电路的电阻消耗的功率.【解答】解根据串联电路的分压特点可知,要使小灯泡在6V的电源上正常发光时应串联一个电阻,此时小灯泡两端的电压为
3.8V,∵串联电路中的总电压等于各分电压之和,∴电阻两端的电压UR=U﹣UL=6V﹣
3.8V=
2.2V,∵串联电路各处的电流相等,∴=,即=,解得R=
4.4Ω,连入电路的电阻消耗的功率PR===
1.1W.故答案为串;
4.4;
1.1. 24.
(1)下表所示是从某台电热饮水机说明书上收集到的信息,如图是它的电路图.经分析可知,当开关S闭合时,饮水机处于 加热 状态.(填加热/保温);当S断开时,饮水机处于 保温 (填加热/保温)状态.热水箱容量1L额定电压220V加热时额定功率968W
(2)为了测量该饮水机加热时的实际功率,小明断开其他所有用电器,只将该饮水机接入家庭电路中,闭合开关S,测得热水箱中满箱水从23℃升高到99℃,所用时间为8min,同时观察到家中标有“1200r/(kW•h)”字样的电能表转盘转过120转(r).不考虑温度对阻值的影响,C水=
4.2×103J/(kg•℃).根据以上信息可得
①饮水机热水箱中的水从23℃升高到99℃时所吸收的热量是
3.192×105 J;
②饮水机在加热过程中的热效率
88.7 %;
③饮水机加热时的实际电压是 50 V.(结果可保留根号)【考点】电功与热量的综合计算.【分析】
(1)根据P=判断饮水机在S闭合和断开时的工作状态;
(2)
①知道热水箱的容量,可利用公式m=ρV计算出水的质量,又知道水的比热容和温度变化,可利用热量公式Q吸=Cm(t﹣t0)计算出水吸收的热量;
②“1200r/kw•h”的意义为每消耗1kw•h的电能,电能表的转盘就转过1200r,从而可以计算出电能表的转盘转过120r消耗的电能,可利用公式η=计算出饮水机的热效率;
③知道饮水机的额定电压和加热时的额定功率,可利用公式R=计算出电阻R1的阻值.再根据U=求实际电压.【解答】解
(1)由P=可知,当开关S闭合时,电路中只有电阻R1,此时电路中的电阻最小,电功率最大,为加热状态;开关S断开时,电路为R1和R2的串联电路,电路中的电阻最大,饮水机处于保温状态;
(2)
①热水箱容量V=1L=1dm3=1000cm3,ρ=1×103kg/m3=1g/cm3,热水箱中满箱水水的质量为m=ρV=1g/cm3×1000cm3=1000g=1kg;水吸收的热量为Q吸=C水m(t﹣t0)=
4.2×103J/(kg•℃)×1kg×(99℃﹣23℃)=
3.192×105J;
②每消耗1kw•h的电能,电能表的转盘就转过1200r,所以电能表的转盘转过120r消耗的电能为W==
0.1kw•h=
3.6×105J,所以饮水机的热效率η=×100%=×100%≈
88.7%;
③由题加热时间t=8min=480s,饮水机的实际功率为P实际===750W,由P=可得电阻R1的阻值为R1===50Ω,所以实际电压U实===50V.故答案为
(1)加热;保温;
(2)
①
3.192×105;
②
88.7;
③50.
三、简答题(本题共7小题,第24题8分,第25题6分,第26题7分,第27题6分,第28题6分,29题7分,30题9分,共49分)25.按照题目要求作图或读数
(1)图1中OA为轻质杠杆,可绕O点转动,在点B处用细绳悬挂一重物,在A端施加动力F1,使杠杆在水平位置平衡.请画出杠杆受到的阻力F2及动力臂L1.
(2)工人站在地上利用滑轮组把货物提起来,请你把图2中绳子的绕线方法补充完整.
(3)根据图3中给出的实物器材在虚线框内画出它的电路图,要求只接通开关S时,两灯都亮,同时接通S和S1时L1亮,L2不亮.
(4)如图4所示的电阻箱的示数为 20 Ω.【考点】力臂的画法;滑轮组的设计与组装;实物的电路连接;变阻器.【分析】
(1)作用在杠杆上的动力是绳子拉杠杆的力,方向沿绳子向上;阻力是物重对杠杆的力,方向竖直向下;已知支点、动力和阻力的方向,根据力臂的画法,过支点作动力作用线和阻力作用线的垂线段,即动力臂和阻力臂.
(2)滑轮组的绕法要求最省力,就要求承担物体重力绳子股数要最多,且人在地面向下拉绳子,同时考虑这两个方面画出滑轮组最省力的绕法.
(3)接通S时两灯都亮说明两灯通路,而接通S和S1时,L2不亮,说明L2应为短路;
(4)电阻箱的读数方法用△所对的数字乘以下面的倍数,然后把他们相加,就可得出电阻箱的示数.【解答】解
(1)由图F1为动力,过支点O做动力F1的垂线段,即为动力臂L1.点B处用细绳悬挂一重物,重物对杠杆的竖直向下的拉力为阻力,作用点在B点.如图所示
(2)要使该滑轮组向下用力物体向上运动,应从定滑轮开始绕,或者从绳子自由端向下从外向里绕绳.如图
(3)两灯泡并联,S控制整个电路,S1与L2并联,设计的电路图如下图所示
(4)电阻箱的示数0×1000Ω+0×100Ω+2×10Ω+0×1Ω=20Ω.故答案为
(1)见解答;
(2)见解答;
(3)见解答;
(4)20. 26.用如图所示的滑轮组提升物体A.在匀速竖直提升A的过程中,卷扬机加在绳子自由端竖直向下的拉力F为400N,物体A上升的速度vA为
0.1m/s,滑轮组的机械效率为90%,不计绳重和滑轮与轴的摩擦.求
(1)拉力F做功的功率P;
(2)物体A的重力GA和动滑轮的重力G动;
(3)10s内该滑轮组所做的有用功.【考点】功率的计算;有用功和额外功;滑轮(组)的机械效率.【分析】
(1)由图可知,滑轮组绳子的有效股数,根据v绳=nv物求出绳端移动的速度,利用P===Fv求出拉力F做功的功率;
(2)已知拉力F,利用W=Fs可求得总功,根据η=×100%求出有用功,利用W=Gh求得物体A的重力;不计绳重和滑轮与轴的摩擦,根据F=(G+G动)求出动滑轮所受的重力.
(3)已知物体A上升的速度,利用v=可求得物体A上升的距离h,然后利用W=Gh可求得10s内该滑轮组所做的有用功.【解答】解
(1)由图可知,n=2,则绳端移动的速度vF=nvA=2×
0.1m/s=
0.2m/s,拉力F做功的功率P===FvF=400N×
0.2m/s=80W;
(2)由图可知,n=2,则绳端移动的距离s=2h总功W总=Fs=400N×2h,已知机械效率η=90%,则η=可得,W有用=η×W总,即Gh=η×Fs=90%×400N×2h,解得G=720N,由F=(G+G动)可得,动滑轮所受的重力G动=2F﹣G=2×400N﹣720N=80N,
(3)由v=可得h=vAt=
0.1m/s×10s=1m,10s内该滑轮组所做的有用功W有用=Gh=720N×1m=720J.答
(1)拉力F做功的功率P为90W;
(2)物体A的重力GA为720N,动滑轮的重力G动为80N;
(3)10s内该滑轮组所做的有用功为720J. 27.如图所示,灯L
1、L2上分别标有“6V6W“、“6V3W”字样,电源电压为9V(两只灯的电阻值不变).当开关S闭合时,两灯都能发光,求
(1)灯L
1、L2的电阻;
(2)灯L
1、L2的实际电压;
(3)灯L
1、L2以及电源消耗的功率.【考点】电功率的计算.【分析】
(1)由P=计算两灯电阻;
(2)根据串联电路特点和欧姆定律先计算电路中电流,再由U=IR计算灯泡的实际电压;
(3)由P=UI计算L
1、L2以及电源消耗的功率.【解答】解
(1)根据P=可得两灯电阻R1===6Ω,R2===12Ω;
(2)由图知两灯串联,由串联电路的电阻特点和欧姆定律可得电路中电流I===
0.5A,串联电路中电流处处相等,由欧姆定律可得L
1、L2的实际电压U1=IR1=
0.5A×6Ω=3V,U2=IR2=
0.5A×12Ω=6V;
(3)灯L
1、L2消耗的功率P1=U1I=3V×
0.5A=
1.5W,P2=U2I=6V×
0.5A=3W,电源消耗的功率P=P1+P2=
1.5W+3W=
4.5W.答
(1)灯L
1、L2的电阻分别为6Ω、12Ω;
(2)灯L
1、L2的实际电压分别为3V、6V;
(3)灯L
1、L2消耗的功率分别为
1.5W、3W,电源消耗的功率
4.5W. 28.在探究决定电阻大小的因素时,研究小组中甲、乙、丙三位同学作出如下猜想甲导体的电阻与导体的长度有关.乙导体的电阻与导体的材料有关.丙导体的电阻与导体的横截面积有关.实验室备有几种电阻丝,参数如下表.编号材料长度/m横截面积/mm2a镍铬合金丝
1.
00.2b镍铬合金丝
1.
00.1c镍铬合金丝
0.
50.1d锰铜合金丝
0.
50.1如图所示,是为完成探究连接的实验电路.
(1)实验中应通过比较 电流 的大小,来比较电阻丝电阻的大小,达到验证猜想的目的.
(2)若要验证乙同学的猜想,则应该选用 c、d 两根电阻丝(填编号)进行对比实验.
(3)选用b、c两根电阻丝进行对比实验,是为了验证 甲 同学的猜想.【考点】影响电阻大小的因素.【分析】
(1)电流表串联在电路中,电源电压一定,导体电阻越大,电路电流越小,导体电阻越小,电路电流越大,可以通过电流表示数大小判断导体电阻大小.
(2)
(3)导体的电阻与导体的材料、长度、横截面积有关,实验探究时应采用控制变量法.在研究导体的电阻与导体的材料是否有关时,应控制导体的长度和横截面积不变;在研究导体的电阻与导体的长度的关系,应控制导体的材料和横截面积不变;在研究导体的电阻与导体的横截面积是否有关时,应控制导体的材料和长度不变.【解答】解
(1)实验中采用了转换法比较电阻大小,即通过比较电流表示数来比较导体电阻的大小.
(2)验证导体的电阻与导体的材料有关时,应控制导体的长度和横截面积不变,编号c、d电阻丝符合;
(3)选用b、c两根电阻丝可知,两者的材料和横截面积相同、长度不同,是验证导体的电阻与导体的长度是否有关,即验证甲同学的猜想.故答案为
(1)电流;
(2)c、d;
(3)甲. 29.
(1)在“探究物体动能大小与物体的速度、质量关系”的实验中,让小车从斜面的不同高度由静止开始下滑,撞击水平木板上的木块.如图所示.
①实验的研究对象是 小车 ,甲、乙两次实验中,木块受到的滑动摩擦力分别为f甲、f乙,则f甲 = f乙;(填“>”“=”或“<”)
②小车放置的位置越高,木块被撞击得越远.研究表明当 质量 一定时,物体动能的大小与物体的 速度 有关.
(2)小明由上面的实验想到了上学途中骑自行车经过一段上坡路时发生的现象车子的初始速度越大,冲上斜坡的最大距离就越 长 (填“长”或“短”).这是因为车子的初始速度越大,它的初始动能也越大,上坡过程中增加的 重力势能 就越大.【考点】探究影响物体动能大小的因素.【分析】
(1)此实验把动能的大小转换为木块被撞击后运动的距离,距离越远表明小球的动能越大;摩擦力的大小取决于压力和接触面的粗糙程度,如果压力和接触面的粗糙程度没有改变则物体运动时的摩擦力就没有改变;该实验利用了控制变量法和转换法,同一小车保证了质量相同,从斜面的不同高度滑下,到达水平面时的速度不同,木块被撞后移动的距离越远,推力做功越多,就可以说明木块的动能越大,从而得出质量相同时,速度越大的物体动能越大.
(2)车子上坡的过程是一个将动能转化为重力势能的过程,转化出的重力势能的多少决定于物体具有动能的多少.【解答】解
(1)本实验研究的是小车,由于是质量不同的小车分别从同一斜面上的同一高度由静止开始下滑,因此探究的是小车的动能与物体质量的关系;甲、乙两次实验木块移动过程中因没有改变木块和接触面,所以受到的摩擦力相同,即f甲=f乙.让小车从斜面的不同高度滑下,那么小车到达水平面时的速度就不同,小车推动木块做功,运动距离越远,做功越多,动能越大.所以根据控制变量法可得结论是当质量一定时,物体动能的大小与物体的速度有关.
(2)车子上升时将动能转化为重力势能,车子的速度越大,动能就越大,从而有更多的动能转化为重力势能.所以上升的高度就越高.故答案为
(1)
①小车;=;
②质量;速度;
(2)长;重力势能. 30.小明的爸爸是有名的电器维修师傅,有一次小明发现爸爸那里15Ω和25Ω的两个电阻的标称看不清了,他想用刚学过的电学知识帮爸爸一点忙.(l)请你帮小明设计一个能够鉴别电阻阻值大小的最简单电路(身边器材包括旧的干电池、电流表、开关各一个及导线若干),并将电路图画在图甲的虚线框内.
(2)小明怀疑厂家生产的定值电阻的阻值有较大误差,为进一步测量15Ω电阻的阻值,在你设计的最简电路图甲的基础上,你做的修改方案是 在待测电阻两端并联一只电压表 (用文字说明便可).
(3)小明用额定电压
3.8V的小灯泡替换15Ω的定值电阻,重新做实验.根据实验数据绘制的小灯泡和定值电阻的U一I图象如图乙所示.小灯泡的U一I图象是 L (填代号).设小灯泡在电压为1V时的电阻是R1,在电压为3V时的电阻是R2,那么由图乙可知,R1 < R2.(填“>”“=”或“<”),原因是 灯丝的电阻随温度的升高而增大 .
(4)该小灯泡的额定电阻大约是 10 Ω,额定功率大约是
1.444 W.【考点】伏安法测电阻的探究实验;影响电阻大小的因素;欧姆定律的应用;电功率的测量.【分析】
(1)根据欧姆定律,电压一定时,电阻大的电流小,由此可设计电路;
(2)为了准确测量15Ω电阻的阻值,可用电压表测其两端电压,由R=计算出其电阻值;
(3)定值电阻的阻值大小不随温度的变化而变化,而灯丝的电阻随温度的变化而变化;根据图乙分别求出灯在1V、3V时的大约阻值,比较大小;灯丝的电阻随温度的升高而增大;
(4)根据图乙找出额定电压下的电流大小,根据欧姆定律求电阻的大小,根据PL=ULIL求灯的额定功率.【解答】解
(1)根据R=,电压一定时,电阻大的电流小,由此可设计电路,如下图所示分别将两个电阻接入电路,比较电流表示数大小即可区分两个电阻;
(2)再在待测电阻两端并联一只电压表,由伏安法可测量其大小;
(3)根据R=,对定值来说,是个定值,U一I图象为一过原点的直线;而对小灯泡而言,灯丝的电阻随温度的变化而变化,不是定值,而是变化的,所以,U一I图象不是一条直线,灯泡的U一I图象是L;根据图乙可知,当小灯泡电压为1V时,对应的电流大小约为
0.14A;电压为3V时,对应的电流大小约为
0.34A,根据欧姆定律R=可得R1≈
7.14Ω,R2≈
8.82Ω,所以R1<R2;原因是电压增大,通过的电流增大,根据P=UI,灯的功率增大,灯的温度升高,因灯丝的电阻随温度的升高而增大,所以R1<R2;
(4)由图乙U﹣I图象知,当灯的电压为额定电压UL=
3.8V时,对应的电流大小约为IL=
0.38A,此时的电阻大小约为RL==10Ω;灯的额定功率PL=ULIL=
3.8V×
0.38A=
1.444W.故答案为
(1)如上图所示;
(2)在待测电阻两端并联一只电压表;
(3)L;<;灯丝的电阻随温度升高而变大;
(4)10;
1.444. 31.甲乙丙三位同学组成的某小组用如图甲所示的实验器材探究“电流与电阻的关系”.电源电压恒为3V,滑动变阻器上标有“20Ω2A”字样,阻值分别为5Ω、10Ω、20Ω、50Ω的定值电阻各一个.
(1)请你用笔画线代替导线,把图甲所示的实验电路补充完整;
(2)甲同学将5Ω定值电阻接入电路后,闭合开关,发现电流表无示数而电压表有示数,则电路中的故障可能是 电阻R1断路 ;排除故障后,闭合开关,调节滑动变阻器的滑片P,使电流表的示数如图乙所示,此时电路中的电流为
0.36 A;
(3)他们将5Ω定值电阻换成10Ω定值电阻,闭合开关,为了保持电压表的示数U=
1.8 V不变,应将滑动变阻器的滑片P向 A (选填“A”或“B”)移动,记录此时电流表的示数;
(4)将10Ω定值电阻换成20Ω定值电阻,重复
(3)中的有关步骤实验次数定值电阻(Ω)电流表示数(A)15
0.36
2100.
183200.09
(5)实验记录的多组数据如上表所示.分析数据可得出结论当电压一定时,通过导体中的电流与电阻成 反 比;
(6)上述三次实验结束后,丙同学提出换用50Ω的定值电阻进行实验从而多采集一次数据以增强说服力,你认为是否可行?答 不可行 ,理由是 滑动变阻器最大阻值太小,无法保持电压表示数为
1.8V .(需要有必要的计算结果说明)【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验.【分析】
(1)电压表与电阻并联,电流表、滑动变阻器与电阻串联,滑动变阻器要接一上一下;
(2)根据电流表和电压表示数进行分析具体原因;根据电流表的量程和分度值读出电流值;
(3)根据串联电路的分压特点,换接电阻后,应保持电压表的示数不变,根据串分压的知识判断滑片的移动方向;
(5)电流与电阻的关系电压一定,电流与电阻成反比;
(6)根据欧姆定律求出若换用50Ω的定值电阻进行实验时结合串联电路的分压特点即可判断电压表最大示数.【解答】解
(1)电压表与电阻并联,由于电源电压为3V,所以应选择0~3V的量程;滑动变阻器已接了下面一个接线柱,可再接上面任意一个接线柱,如图所示
(2)电流表无示数,电压表有示数,说明与电压表并联部分发生断路路,即电阻R1断路;由乙图知,电流表的量程为0~
0.6A,分度值为
0.02A,示数为
0.36A;
(3)由题意可知,电阻电阻两端的电压为U=IR=
0.36A×5Ω=
1.8V,将5Ω电阻换成10Ω后,电压表的示数会变大,所以应该增大滑动变阻器的阻值,即应将滑动变阻器的滑片P向A移动,使电压表仍为原来的示数不变;
(5)分析数据可得出结论当电压一定时,通过导体中的电流与电阻成反比;
(6)当定值电阻为50Ω时,此时滑动变阻器最大阻值为20Ω,根据串联电路的分压特点可知=,则==,故定值电阻两端最小电压为×3V≈
2.14V>
1.8V,由此可知无法保持定值电阻两端电压始终为
1.8V,故丙同学方案不可行.故答案为
(1)如图所示;
(2)电阻R1断路;
0.36;
(3)
1.8;A;
(5)反;
(6)不可行;滑动变阻器最大阻值太小,无法保持电压表示数为
1.8V.。