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羧酸酯基础巩固
一、选择题1.迷迭香酸是从蜂花属植物中提取得到的酸性物质,其结构简式如图所示下列叙述正确的是 C A.迷迭香酸与溴单质只能发生取代反应B.1mol迷迭香酸最多能和9mol氢气发生加成反应C.迷迭香酸可以发生水解反应、取代反应和酯化反应D.1mol迷迭香酸最多能和5molNaOH发生反应解析该有机物结构中含有酚羟基和碳碳双键,能与溴发生取代反应和加成反应,故A项错1分子迷迭香酸中含有2个苯环,1个碳碳双键,则1mol迷迭香酸最多能和7mol氢气发生加成反应,B项错1分子迷迭香酸中含有4个酚羟基、1个羧基、1个酯基,则1mol迷迭香酸最多能和6molNaOH发生反应,D项错2.利尿酸在奥运会上被禁用,其结构简式为下列叙述正确的是 A A.利尿酸衍生物利尿酸甲酯的分子式是C14H14Cl2O4B.利尿酸分子内处于同一平面上的原子不超过10个C.1mol利尿酸能和7molH2发生加成反应D.利尿酸能与FeCl3溶液发生显色反应解析由利尿酸的结构简式不难写出利尿酸甲酯的分子式为C14H14Cl2O4;在利尿酸分子中,与苯环相连的原子和苯环上的碳原子共12个,都应在同一平面上;由利尿酸的结构简式可以看出,它含有一个苯环,一个羰基和一个碳碳双键,故1mol利尿酸最多可与5molH2发生加成反应;利尿酸分子中不含酚羟基,故它不能与FeCl3溶液发生显色反应3.某有机物A的结构简式为,若取等质量的A分别与足量的Na、NaOH、新制的CuOH2充分反应,理论上消耗这三种物质的物质的量之比为 D A.321__ B.322C.645D.323解析能与Na反应的有醇羟基、酚羟基和羧基;能与NaOH反应的有酚羟基和羧基;能与新制CuOH2反应的有醛基和羧基为便于比较,可设A为1mol,则反应需消耗Na3mol,需消耗NaOH2mol;当A与新制CuOH2反应时,1mol—CHO与2molCuOH2完全反应生成1mol—COOH,而原有机物含有1mol—COOH,这2mol—COOH需消耗1molCuOH2,故共需消耗3molCuOH2,即物质的量之比为3234.咖啡酸具有止血、镇咳、祛痰等疗效,其结构简式为,下列有关咖啡酸的说法中,不正确的是 D A.咖啡酸可以发生还原、取代、加聚等反应B.咖啡酸与FeCl3溶液可以发生显色反应C.1mol咖啡酸可以与4molH2发生加成反应D.1mol咖啡酸与足量NaHCO3溶液反应,最多能消耗3molNaHCO3解析咖啡酸含有碳碳双键,可发生还原、加聚反应,含有羧基和苯环,可发生取代反应;咖啡酸中含有酚羟基,可与FeCl3溶液发生显色反应;咖啡酸含1个苯环和1个碳碳双键,1mol咖啡酸最多可与4molH2发生加成反应;有机官能团中能与NaHCO3反应的只有羧基,故1mol咖啡酸最多可与1molNaHCO3发生反应5.已知酸性大小羧酸碳酸酚下列含溴化合物中的溴原子,在适当的条件下都能被羟基—OH取代均可称为水解反应,所得产物能跟NaHCO3溶液反应的是 C 解析因为酸性大小羧酸碳酸酚,所以只有羧酸才能跟NaHCO3溶液反应,根据羧酸的定义,只有选项C的物质中Br原子被—OH取代后所得的产物属于羧酸选项A得到的是醇,选项B、D得到的是酚,它们都不能跟NaHCO3溶液反应6.下列除去杂质的方法正确的是 B
①除去乙烷中少量的乙烯光照条件下通入Cl2,气液分离;
②除去乙酸乙酯中少量的乙酸用饱和碳酸钠溶液洗涤,分液、干燥、蒸馏;
③除去CO2中少量的SO2气体通过盛饱和碳酸钠溶液的洗气瓶;
④除去乙醇中少量的乙酸加足量生石灰,蒸馏A.
①② B.
②④ C.
③④ D.
②③解析
①乙烷中混有少量乙烯应用溴水或溴的四氯化碳溶液进行洗气若按题目叙述在光照条件下通入Cl2,不仅会引入新的杂质,而且会反应掉主要的物质乙烷
②因乙酸能与饱和碳酸钠溶液反应而乙酸乙酯在饱和碳酸钠溶液中的溶解度较小,因此
②是正确的
③因为CO2会与碳酸钠溶液反应CO2+H2O+Na2CO3===2NaHCO3,从而使主要物质CO2消耗,应用饱和碳酸氢钠溶液除去,因此
③是错误的若乙醇中混有少量的乙酸,加入生石灰后会反应掉杂质乙酸和新生成的水而除去,再利用蒸馏可以得到纯净的乙醇,所以
④是正确的7.酯类物质广泛存在于香蕉、梨等水果中某实验小组先从梨中分离出一种酯,然后将分离出的酯水解,得到乙酸和另一种化学式为C6H14O的物质对于此过程,以下分析中不正确的是 D A.C6H14O分子含有羟基B.C6H14O可与金属钠发生反应C.实验小组分离出的酯可表示为CH3COOC6H13D.不需要催化剂,这种酯在水中加热即可大量水解解析酯水解生成羧酸和醇,因此C6H14O中存在—OH,能与Na发生反应;根据酯化反应原理,该酯的结构简式可表示为CH3COOC6H13,其水解需要酸等作催化剂8.HPE是合成除草剂的重要中间体,其结构简式如图所示下列有关HPE的说法正确的是 A A.1molHPE最多可和2molNaOH反应B.HPE不能跟浓溴水反应C.HPE不能发生加成反应D.HPE在核磁共振氢谱中有6个峰解析1molHPE最多与2molNaOH反应生成、CH3CH2OH和水;HPE中有酚羟基,其邻位有氢原子能与浓溴水发生取代反应;HPE含有苯环,一定条件下能和H2发生加成反应;因HPE中有7种类型的氢原子,故其在核磁共振氢谱中有7个峰
二、非选择题
9.在试管中先加入2mL95%的乙醇,并在摇动下缓缓加入2mL浓硫酸,充分摇匀,冷却后再加入2g无水醋酸钠,用玻璃棒充分搅拌后将试管固定在铁架台上在试管
②中加入5mLNa2CO3饱和溶液,按图示装置连接用酒精灯对试管
①加热,当观察到试管
②中有明显现象时,停止实验请回答下列问题1写出
①中主要反应的化学方程式__CH3COONa+H2SO4===NaHSO4+CH3COOH __CH3COOH+C2H5OHCH3COOC2H5+H2O 2加入浓硫酸的目的是__起反应物、催化剂、吸水剂作用__3试管
②中观察到的现象是__在试管中液面上有透明油状液体生成,可闻到一种香味;液面在玻璃导管中反复升起和下落__4该实验中球形干燥管除起冷凝作用外,另一重要作用是__防止倒吸__,原因是__该装置的导气管插到了液面以下__解析根据题中实验操作及其他条件可知这是乙酸乙酯的制备实验1
①中无水醋酸钠与浓硫酸会反应生成乙酸,乙酸和乙醇在浓硫酸的催化下可发生酯化反应2从1的反应方程式中可看出浓硫酸也是反应物3乙酸乙酯是有香味的油状液体,比水轻4分析课本中的制备装置与该装置的不同课本中的装置导气管没有插入液面以下,这是为了防止Na2CO3溶液倒吸进入正在加热反应物的试管中,而该装置导气管插入了液面以下,多了一个球形干燥管,显而易见该球形干燥管的另一重要作用是防止Na2CO3溶液倒吸进入试管
①中10.四种有机物A、B、C、D分子式均为C3H6O2,把它们分别进行实验并记录现象如下NaOH溶液银氨溶液新制CuOH2金属钠A发生中和反应不反应溶解放出氢气B不反应有银镜出现有红色沉淀放出氢气C发生水解反应有银镜出现有红色沉淀不反应D发生水解反应不反应不反应不反应则四种物质的结构简式分别为A__CH3CH2COOH__;B__HOCH2CH2CHO或CH3CHOHCHO__;C__HCOOC2H5__;D__CH3COOCH3__解析能发生中和反应的只能是羧酸,所以A为CH3CH2COOH;能发生水解反应的为酯,则C、D为酯;能发生银镜反应的应含有—CHO,则B、C含—CHO,故C为HCOOCH2CH3,D为CH3COOCH3,B含有—CHO,且能与Na反应产生H2,应含有—OH,则B是羟基醛,其可能的结构简式为HOCH2CH2CHO或素能拓展
一、选择题1.一定量某有机物溶于适量的NaOH溶液中,滴入酚酞溶液呈红色,煮沸5min后,溶液颜色变浅,再加入盐酸显酸性时,沉淀出白色晶体,取少量晶体放到FeCl3溶液中,溶液呈紫色,则该有机物可能是 D 2.下列物质中,最难电离出H+的是 B A.CH3COOHB.C2H5OHC.H2OD.C6H5OH解析本题考查不同类烃的衍生物中羟基的活泼性,根据已有知识不难总结出这种羟基的活泼性顺序羧羟基酚羟基水中的羟基醇羟基,故选B3.某有机物ag与过量钠反应,得到VL气体等质量的该有机物与过量小苏打反应,也得到VL气体上述气体的体积均在同状况下测定该有机物可能是 B A.HOCH22CHOB.HOCH22COOHC.HOOC—COOHD.CH33C—OH解析由题意知该有机物应含有一个—OH和一个—COOH4.由—CH
3、—COOH、—OH、四种基团中的两种组成的化合物中,与过量的NaOH溶液发生反应,反应后向所得产物中再通入二氧化碳也能反应的物质的种类有 B A.1种B.2种C.3种D.4种解析在这四种基团两两组成的化合物中,能与NaOH溶液反应的应该是有酸性的物质,它们是CH3COOH、即H2CO
3、,由于羧酸是比H2CO3强的酸,因此CH3COONa和溶液中通入CO2不起反应,只有Na2CO3和溶液中通入CO2才会发生反应CO2+H2O+Na2CO3===2NaHCO3,+CO2+H2O―→+NaHCO35.某有机物的结构简式为,它在一定条件下可能发生的反应有
①加成、
②水解、
③酯化、
④氧化、
⑤中和、
⑥消去,其中可能的是 C A.
②③④B.
①③⑤⑥C.
①③④⑤D.
②③④⑤⑥解析该有机物具有三种官能团,—OH、—COOH、—CHO,具有的性质
①加成、
③酯化、
④氧化、
⑤中和6.某有机物Aag完全燃烧后通过足量的Na2O2,固体质量增重也是ag,则有机物可能是 D
①H2
②CO
③CH3OH
④HCHO
⑤CH3COOCH3
⑥C6H12O6
⑦CH3CH2OH
⑧CH3CH2CH3
⑨⑩A.
①②B.
⑤⑦⑧C.
④⑤⑨⑩D.
③④⑥⑩解析由2H2+O22H2O2H2O+2Na2O2===4NaOH+O2,知当H2完全燃烧后再通过Na2O2,固体质量的增加即为H2的质量,用方程式表示,相当于H2+Na2O22NaOH,同样得到CO+Na2O2Na2CO3,故当原物质的组成相当于“CO”或“H2”时,完全燃烧后固体质量的增加即有机物的质量
③可写为CO·H22;
④CO·H2;
⑥CO6·H26;⑩CO3·H237.在实验室制得1mL乙酸乙酯后,沿器壁加入
0.5mL紫色石蕊试液,这时石蕊试液将存在于饱和碳酸钠溶液层和乙酸乙酯层之间整个过程不振荡试管对可能出现的现象,下列叙述中正确的是 D A.液体分两层,石蕊层仍呈紫色,有机层呈无色B.石蕊层有三层环,由上而下呈蓝、紫、红色C.石蕊层有两层,上层呈紫色,下层呈蓝色D.石蕊层有三层环,由上而下呈红、紫、蓝色解析石蕊试液存在于中间,上层乙酸乙酯中残留的乙酸使石蕊变红;下层饱和碳酸钠显碱性使石蕊变蓝,所以石蕊层为三色环由上而下呈红、紫、蓝8.1mol与足量的NaOH溶液充分反应,消耗的NaOH的物质的量为 A A.5molB.4molC.3molD.2mol解析要特别注意1mol酚羟基对应的酯基消耗NaOH2mol该有机物含有酚羟基,还有两个酯基,要注意该有机物的酯基与NaOH水解时,生成羧酸钠,此外生成的酚还要继续消耗NaOH,故需要5molNaOH,A项正确
二、非选择题9.四川盛产五倍子以五倍子为原料可制得化合物AA的结构简式如下所示1A的分子式是__C14H10O9__2有机化合物B在浓硫酸催化条件下加热发生酯化反应可得到A请写出B的结构简式3请写出A与过量NaOH溶液反应的化学方程式4有机化合物C是合成治疗禽流感药物的原料之一C可以看成是B与氢气按物质的量之比12发生加成反应得到的产物C分子中无羟基与碳碳双键直接相连的结构,它能与溴水反应使溴水褪色请写出C与溴水反应的化学方程式解析根据有机物A的结构简式可以确定其分子式为C14H10O9由A在酸性条件下水解可以得到有机物B,则B的结构简式为由对C的描述可以确定C有一碳碳双键与羧基相连,则C为10.Hagemann酯H是一种合成多环化合物的中间体,可由下列路线合成部分反应条件略去1A→B为加成反应,则B的结构简式是__CH2===CH—C≡CH ;B→C的反应类型是__加成反应__2H中含有的官能团名称是__碳碳双键、羰基、酯基__;F的名称系统命名是__2丁炔酸乙酯__3E→F的化学方程式是__CH3C≡CCOOH+CH3CH2OHCH3C≡CCOOCH2CH3+H2O 4TMOB是H的同分异构体,具有下列结构特征
①核磁共振氢谱除苯环吸收峰外仅有1个吸收峰;
②存在甲氧基CH3O—TMOB的结构简式是5下列说法正确的是__a、d__a.A能和HCl反应得到聚氯乙烯的单体b.D和F用溴水可以鉴别c.1molG完全燃烧生成7molH2Od.H能发生加成、取代反应解析1A为HC≡CH,A→B为加成反应,所以B的结构简式为HC≡C—CH===CH2;由B、C的结构简式知,B→C的反应类型为加成反应2由H的结构简式知,H中含有的官能团有酯基、羰基和碳碳双键;F中有—C≡C—和酯基,所以F的名称为2丁炔酸乙酯3由E、F及E→F的反应条件知,E→F为酯化反应,所以化学方程式为CH3C≡CCOOH+CH3CH2OHCH3C≡CCOOCH2CH3+H2O4由题意知,TMOB中除苯环外有三个O和四个C,存在CH3O—,除苯环外只有一种化学环境的H,所以只能是三个CH3O—连在一个C上,结构简式为5HC≡CH与HCl反应生成的CH2===CHCl是聚氯乙烯的单体,a正确;D、F中均含有—C≡C—,能与溴水发生加成反应,使溴水褪色,b错误;G的分子式为C11H16O31molG完全燃烧生成8molH2O,c错误;H中含有碳碳双键和酯基,所以能发生加成、取代反应,d正确PAGE。