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一、选择题(本题共12小题,每小题4分,共48分)在每小题给出的四个选项中,第1~8题只有一项符合题目要求,第9~12题有多项符合题目要求.全部选对的得4分,选对但不全的得2分,有选错的得0分.1.(4分)在国际单位制中,长度、质量和时间三个基本物理量的基本单位是( )A.米、千克和秒B.米、克和秒C.千米、克和小时D.千米、千克和小时2.(4分)关于自由落体运动的加速度,正确的是( )A.重的物体下落的加速度一定大B.轻的物体下落的加速度一定大C.物体下落的加速度与其质量大小无关D.物体下落的加速度在地球上任何地点都相同3.(4分)有一本书放在水平桌面上,处于静止状态,下列说法正确的是( )A.书受到的重力与书对桌面的压力是一对平衡力B.书受到的重力与桌面对书的支持力是一对平衡力C.书对桌面的压力与桌面对书的支持力是一对平衡力D.书受到的重力与桌面对书的支持力是一对作用力和反作用力4.(4分)如图所示,光滑球放在挡板和斜面之间,挡板由垂直斜面位置逆时针缓慢转到水平位置过程中,下列说法正确的是( )A.球对斜面的压力逐渐减小B.球对斜面的压力逐渐增大C.球对挡板的压力先减小后增大D.球对挡板的压力先增大后减小5.(4分)如图所示,光滑斜面上放一轻质弹簧,弹簧下端固定,小球从静止开始沿斜面下滑,从它接触弹簧到弹簧被压缩至最短的过程中,小球的加速度和速度的变化情况是( )A.加速度一直变大,速度一直变小B.加速度一直变小,速度一直变大C.加速度先变小后变大,速度先变大后变小D.加速度先变大后变小,速度先变小后变大6.(4分)如图所示,物体甲、乙质量均为m,弹簧和悬线的质量可忽略不计,重力加速度为g.在悬线被烧断的瞬间,甲、乙的加速度大小分别为( )A.0,gB.g,gC.0,0D.2g,07.(4分)如图所示,A、B两物体的质量分别为M和m,用跨过光滑定滑轮的轻绳相连,A物体与桌面间的动摩擦因数为μ,重力加速度为g,在A物体加速向右运动过程中(B物体落地前),A的加速度大小为( )A.gB.C.D.8.(4分)如图所示,足够长的传送带水平放置,一滑块沿光滑水平面每次都以速度v1从左端滑上传送带.当传送带保持不动时,滑块沿传送带向右运动的最大距离为x1;当传送带以速率v2逆时针运动时,滑块沿传送带向右运动的最大距离为x2;当传送带以速率2v2逆时针运动时,滑块沿传送带向右运动的最大距离为x3,则( )A.x1>x2,x2>x3B.x1>x2,x2=x3C.x1=x2,x2=x3D.x1=x2,x2>x39.(4分)关于物理学家和物理学的发现,下列说法正确的是( )A.伽利略根据理想斜面实验提出力不是维持物体运动的原因B.亚里士多德认为力是改变物体运动状态的原因C.牛顿最早指出力不是维持物体运动的原因D.笛卡儿认为运动物体如果没有受到力的作用,将继续以同一速度沿同一直线运动10.(4分)某人乘电梯从一楼到六楼,下列说法正确的是( )A.电梯启动过程中,人处于失重状态B.电梯启动过程中,人处于超重状态C.电梯制动过程中,人处于失重状态D.电梯制动过程中,人处于超重状态11.(4分)一质点沿直线运动的v﹣t图线如图所示,下列说法正确的是( )A.第1s末质点的速度方向改变B.第2s末质点的加速度方向改变C.第2s末质点的加速度大小为1m/s2D.前4s内质点的位移为零12.(4分)如图所示,斜面体固定在水平面上,A、B两物体一起沿斜面匀速下滑过程中,不计空气阻力,则( )A.A物体受到2个力的作用B.A物体受到3个力的作用C.B物体受到4个力的作用D.B物体受到5个力的作用
二、实验题(本题共2小题,共15分)13.(6分)某同学用图甲所示的实验装置来验证力的平行四边形定则.实验记录纸如图乙所示,O点为橡皮筋被拉伸后伸长到的位置,两弹簧测力计共同作用时,拉力F1和F2的方向分别过P1和P2点;一个弹簧测力计拉橡皮筋时,拉力F3的方向过P3点.三个力的大小分别为F1=
2.85N、F2=
2.64N和F3=
4.30N.请根据图中给出的标度作出三个力的图示,并通过作图求出F1和F2的合力大小为 _________ .14.(9分)某同学利用图甲所示实验装置获得了小车加速度a与钩码的质量m的对应关系图,如图乙所示.实验中小车的质量为200g,实验时选择了不可伸长的轻质细绳和轻质光滑定滑轮,小车的加速度可通过打点计时器打出的纸带得到.请回答下列问题
(1)根据该同学的结果,小车的加速度与钩码的质量成 _________ (填“线性”或“非线性”)关系.
(2)由图乙可知,a﹣m图线不经过原点的原因是 _________ .
(3)若利用本实验装置来验证“在小车质量不变的情况下,小车的加速度与作用力成正比”的结论,并直接以钩码所受重力mg作为小车受到的合外力,则实验中应采取的改进措施是 _________ ,钩码的质量应满足的条件是 _________ .
三、计算题(本题共3小题,共37分)解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤,只写出最后答案的不能得分,有数值计算的题答案中必须明确写出数值和单位.15.(10分)一物体做匀变速直线运动,在t=0时,初速度v0=2m/s,加速度a=﹣5m/s2,求
(1)速度减为零时,物体距出发点多远?
(2)在t=1s末,物体距出发点多远?16.(12分)一轻质橡皮筋原长L=50cm,劲度系数k=100N/m,将其上端固定在天花板上O点,如图甲所示.
(1)在其下端A处用细线悬挂重为16N的物块,静止后如图乙所示,求橡皮筋的伸长量x1;
(2)在图乙中A处用一水平外力向右缓慢拉动,使橡皮筋与竖直方向成37°角时保持静止,如图丙所示,求橡皮筋的伸长量x2和物块高度的变化量h.(sin37°=
0.6,cos37°=
0.8)17.(15分)民航客机的机舱一般都设有紧急出口,发生意外情况的飞机在着陆后,打开紧急出口的舱门,会自动生成一个由气囊构成的斜面,机舱中的人可沿该斜面滑行到地面上,示意图如图所示.某机舱离气囊底端的竖直高度AB=
3.0m,气囊构成的斜面长AC=
5.0m,CD段为与斜面平滑连接的水平地面.若人从气囊上由静止开始滑下,人与气囊间的动摩擦因数μ1=
0.5,人与地面间的动摩擦因数μ2=
0.4.不计空气阻力,g=10m/s2.求
(1)人在气囊上滑下时的加速度大小;
(2)人滑到气囊底端时的速度大小;
(3)站在距气囊底端正前方
2.0m处的救护人员能否被从气囊上滑下的人撞到.2014-2015学年辽宁省大连市高一(上)期末物理试卷参考答案与试题解析
一、选择题(本题共12小题,每小题4分,共48分)在每小题给出的四个选项中,第1~8题只有一项符合题目要求,第9~12题有多项符合题目要求.全部选对的得4分,选对但不全的得2分,有选错的得0分.1.(4分)在国际单位制中,长度、质量和时间三个基本物理量的基本单位是( ) A.米、千克和秒B.米、克和秒C.千米、克和小时D.千米、千克和小时考点力学单位制.菁优网版权所有专题常规题型.分析国际单位制规定了七个基本物理量.分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量.它们的在国际单位制中的单位称为基本单位,而物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位.他们在国际单位制中的单位分别为米、千克、秒、开尔文、安培、坎德拉、摩尔.解答解力学中的基本物理量有三个,它们分别是长度、质量、时间,它们的单位分别为米、千克和秒.故选A.点评国际单位制规定了七个基本物理量,这七个基本物理量分别是谁,它们在国际单位制分别是谁,这都是需要学生自己记住的. 2.(4分)关于自由落体运动的加速度,正确的是( ) A.重的物体下落的加速度一定大 B.轻的物体下落的加速度一定大 C.物体下落的加速度与其质量大小无关 D.物体下落的加速度在地球上任何地点都相同考点重力加速度.菁优网版权所有专题自由落体运动专题.分析自由落体运动的特点是初速度为零,仅受重力.不管轻重如何,加速度相等,都为g.明确重力加速度的大小取决于物体所在的高度和纬度.解答解A、同一地点,物体下落时的重力加速度都是相等的;与质量大小无关;故AB错误,C正确;D、地球上的不同地方,重力加速度是不相等的,其大小与纬度和高度有关;故D错误;故选C.点评本题考查重力加速度的性质,注意明确其大小在地球上同一地点是相同的. 3.(4分)有一本书放在水平桌面上,处于静止状态,下列说法正确的是( ) A.书受到的重力与书对桌面的压力是一对平衡力 B.书受到的重力与桌面对书的支持力是一对平衡力 C.书对桌面的压力与桌面对书的支持力是一对平衡力 D.书受到的重力与桌面对书的支持力是一对作用力和反作用力考点力的合成与分解的运用;作用力和反作用力.菁优网版权所有分析书对桌面的压力属于弹力,而书受到的重力是由于地球的吸引而产生的;书对桌面的压力是书形变引起的.解答解A、书受到的重力和桌面对书的支持力是一对平衡力,它与压力没有关系;故A错误;B正确;C、书对桌面的压力与桌面对书的支持力是一对作用力与反作用力;故C错误;D、书受到的重力是地球作用给物体的;桌面对书的支持力是桌面作用的;二者不具有作用力和反作用力的关系;故D错误;故选B.点评此题主要考查我们对于物体所受力的分析和二力平衡的条件.要明确作用力与反作用力和平衡力之间的区别. 4.(4分)如图所示,光滑球放在挡板和斜面之间,挡板由垂直斜面位置逆时针缓慢转到水平位置过程中,下列说法正确的是( ) A.球对斜面的压力逐渐减小B.球对斜面的压力逐渐增大 C.球对挡板的压力先减小后增大D.球对挡板的压力先增大后减小考点共点力平衡的条件及其应用;物体的弹性和弹力.菁优网版权所有专题共点力作用下物体平衡专题.分析以球为研究对象,对其受力分析,根据共点力平衡条件,由几何关系可看出各力随角度的变化情况!解答解以物体为研究对象,对其受力分析,如图所示,受重力、挡板对球的弹力N1和斜面对球的弹力N2;球所受的重力的效果有两个对挡板产生压力F
1、对斜面产生压力F2,如图所示,当挡板逐渐从图示位置缓缓作逆时针转动至水平位置的过程中,从图中可以看出F1变大,F2变小,所以球对斜面的压力逐渐减小,球对挡板产生压力增大,故A正确.故选A点评本题为力学的动态分析问题,受力分析后,关键要找出大小、方向均不变的力,还要找出方向不变的力,然后结合共点力平衡条件和平行四边形定则求解! 5.(4分)如图所示,光滑斜面上放一轻质弹簧,弹簧下端固定,小球从静止开始沿斜面下滑,从它接触弹簧到弹簧被压缩至最短的过程中,小球的加速度和速度的变化情况是( ) A.加速度一直变大,速度一直变小 B.加速度一直变小,速度一直变大 C.加速度先变小后变大,速度先变大后变小 D.加速度先变大后变小,速度先变小后变大考点牛顿第二定律.菁优网版权所有专题牛顿运动定律综合专题.分析本题要正确分析小球下滑与弹簧接触过程中弹力变化,即可求出小球合外力的变化情况,进一步根据牛顿第二定律得出加速度变化,从而明确速度的变化情况.解答解开始阶段,弹簧的压缩量较小,因此弹簧对小球向上的弹力小于重力沿斜面的分力,此时合外力大小F=mgsinθ﹣kx,方向向下,随着压缩量的增加,弹力增大,故合外力减小,则加速度减小,由于合外力与速度方向相同,小球的速度增大;当mgsinθ=kx时,合外力为零,此时速度最大;由于惯性物体继续向下运动,此时合外力大小为F=kx﹣mgsinθ,方向沿斜面向上,物体减速,随着压缩量增大,物体合外力增大,加速度增大.故整个过程中加速度先变小后变大,速度先变大后变小,故ABD错误,C正确.故选C.点评本题考查了牛顿第二定律的综合应用,学生容易出错的地方是认为物体一接触弹簧就减速.对弹簧的动态分析也是学生的易错点,在学习中要加强这方面的练习. 6.(4分)如图所示,物体甲、乙质量均为m,弹簧和悬线的质量可忽略不计,重力加速度为g.在悬线被烧断的瞬间,甲、乙的加速度大小分别为( ) A.0,gB.g,gC.0,0D.2g,0考点牛顿第二定律.菁优网版权所有专题牛顿运动定律综合专题.分析先分析悬线烧断前弹簧的弹力大小,再分析悬线烧断的瞬间两物体的受力情况,根据牛顿第二定律求解此瞬间两物体的加速度.解答解悬线烧断弹簧前,由乙平衡得到,弹簧的弹力大小F=mg.悬线烧断的瞬间,弹簧的弹力没有来得及变化,大小仍为F=mg,此瞬间乙物体受到的弹力与重力仍平衡,合力为零,乙的加速度为零.甲受到重力和向下的弹力,由牛顿第二定律得,,方向向下.故选D点评本题典型的瞬时问题,往往先分析变化前弹簧的弹力,再分析状态变化瞬间物体的受力情况,要抓住弹簧的弹力不能突变的特点进行分析求解. 7.(4分)如图所示,A、B两物体的质量分别为M和m,用跨过光滑定滑轮的轻绳相连,A物体与桌面间的动摩擦因数为μ,重力加速度为g,在A物体加速向右运动过程中(B物体落地前),A的加速度大小为( ) A.gB.C.D.考点牛顿第二定律.菁优网版权所有专题牛顿运动定律综合专题.分析隔离对A、B分析,抓住A、B的加速度大小相等,根据牛顿第二定律求出A落地前的加速度大小.解答解B落地前,AB具有相同的加速度,对于A根B整体据牛顿第二定律得,mg﹣μMg=(M+m)aa=,故选D点评题考查牛顿第二定律的基本运用,知道A、B加速度大小相等,可以通过隔离法分析,也可以根据整体法分析. 8.(4分)如图所示,足够长的传送带水平放置,一滑块沿光滑水平面每次都以速度v1从左端滑上传送带.当传送带保持不动时,滑块沿传送带向右运动的最大距离为x1;当传送带以速率v2逆时针运动时,滑块沿传送带向右运动的最大距离为x2;当传送带以速率2v2逆时针运动时,滑块沿传送带向右运动的最大距离为x3,则( ) A.x1>x2,x2>x3B.x1>x2,x2=x3C.x1=x2,x2=x3D.x1=x2,x2>x3考点牛顿第二定律;匀变速直线运动的位移与时间的关系.菁优网版权所有专题牛顿运动定律综合专题.分析物体在传送带上都是做的向右匀减速运动,速度减速到零时运动的距离最远,即可判断解答解物体在传送带上都是做的向右匀减速运动,速度减速到零时运动的距离最远,由速度位移关系可知2as=v2s=,与传送带的速度无关,只与物体的速度和加速度有关,故x1=x2,x2=x3故选C点评本题主要考查了物体在传送带上的运动,抓住运动过程的分析是关键 9.(4分)关于物理学家和物理学的发现,下列说法正确的是( ) A.伽利略根据理想斜面实验提出力不是维持物体运动的原因 B.亚里士多德认为力是改变物体运动状态的原因 C.牛顿最早指出力不是维持物体运动的原因 D.笛卡儿认为运动物体如果没有受到力的作用,将继续以同一速度沿同一直线运动考点物理学史.菁优网版权所有专题常规题型.分析根据物理学史和常识解答,记住著名物理学家的主要贡献即可.解答解A、伽利略根据理想斜面实验提出力不是维持物体运动的原因,故A正确;B、亚里士多德认为力是维持物体运动状态的原因,故B错误;C、伽利略最早指出力不是维持物体运动的原因,故C错误;D、笛卡儿认为运动物体如果没有受到力的作用,将继续以同一速度沿同一直线运动,故D正确;故选AD.点评本题考查物理学史,是常识性问题,对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆,这也是考试内容之一. 10.(4分)某人乘电梯从一楼到六楼,下列说法正确的是( ) A.电梯启动过程中,人处于失重状态B.电梯启动过程中,人处于超重状态 C.电梯制动过程中,人处于失重状态D.电梯制动过程中,人处于超重状态考点超重和失重.菁优网版权所有分析当物体的加速度竖直向上时,物体处于超重状态,当物体的加速度竖直向下时,物体处于失重状态;对支撑物的压力或对悬挂物的拉力小于物体的重力时物体处于失重状态;对支撑物的压力或对悬挂物的拉力大于物体的重力时物体处于超重状态解答解A、在电梯刚启动时,向上做加速运动,加速度向上,处于超重状态.故A错误,B正确;C、电梯制动时,有向下的加速度,故物体失重;故C正确;D错误;故选BC.点评掌握超重或失重的概念和特点是解决这类题目的关键;明确加速度向下物体即失重;加速度向上,物体即超重. 11.(4分)一质点沿直线运动的v﹣t图线如图所示,下列说法正确的是( ) A.第1s末质点的速度方向改变B.第2s末质点的加速度方向改变 C.第2s末质点的加速度大小为1m/s2D.前4s内质点的位移为零考点匀变速直线运动的图像.菁优网版权所有专题运动学中的图像专题.分析v﹣t图象中,图线的斜率等于加速度、速度的正负表示物体的运动方向.质点在前2s内沿正方向运动,2﹣4s内沿负方向运动,根据速度图象与坐标轴所围的“面积”大小等于位移,分析何时质点离出发点最远.解答解A、由图看出,第2s末前质点的速度图象在时间轴上方,是正的,第2s末后质点的速度图象在时间轴下方,是负的,所以第2s末质点的运动方向发生了改变1s末速度方向不变,故A错误.B、v﹣t图象的斜率表示加速度,斜率的正负表示加速度的方向,则知第2s末质点的加速度方向不变.故B错误.C、第2s末质点的加速度大小a=,故C正确;D、前4s内质点的位移x=,故D正确.故选CD点评本题关键根据速度的正负分析质点的运动方向,根据“面积”分析质点的位移,由斜率分析加速度,都是常见的题型. 12.(4分)如图所示,斜面体固定在水平面上,A、B两物体一起沿斜面匀速下滑过程中,不计空气阻力,则( ) A.A物体受到2个力的作用B.A物体受到3个力的作用 C.B物体受到4个力的作用D.B物体受到5个力的作用考点力的合成与分解的运用.菁优网版权所有专题受力分析方法专题.分析先以A为研究对象,分析受力情况,再对B研究,按顺序进行分析受力情况.解答解先以A为研究对象,分析受力情况重力、B的竖直向上的支持力,B对A静摩擦力,因A匀速运动,共有受3个力.再对B研究,B受到重力、A对B竖直向下的压力,斜面的支持力和滑动摩擦力,及A对B静摩擦力,共5个力.故选BD.点评本题考查分析物体受力的能力,采用隔离法的思维,要结合平衡进行分析,同时一般按重力、弹力、摩擦力顺序进行分析.
二、实验题(本题共2小题,共15分)13.(6分)某同学用图甲所示的实验装置来验证力的平行四边形定则.实验记录纸如图乙所示,O点为橡皮筋被拉伸后伸长到的位置,两弹簧测力计共同作用时,拉力F1和F2的方向分别过P1和P2点;一个弹簧测力计拉橡皮筋时,拉力F3的方向过P3点.三个力的大小分别为F1=
2.85N、F2=
2.64N和F3=
4.30N.请根据图中给出的标度作出三个力的图示,并通过作图求出F1和F2的合力大小为
4.5N .考点验证力的平行四边形定则.菁优网版权所有专题实验题;平行四边形法则图解法专题.分析根据平行四边形定则先作出F2与F1的合力,根据图中给出的标度求出合力.解答解根据平行四边形定则求F2与F1的合力,作图如下,由图得F
1、F2的合力大小
4.5N.故答案为
4.5N.点评解决本题的关键知道合力与分力遵循平行四边形定则,对于中学中的实验,学生尽量要到实验室进行实际操作,只有这样才能体会具体操作细节的意义,解答实验问题时才能更加有把握. 14.(9分)某同学利用图甲所示实验装置获得了小车加速度a与钩码的质量m的对应关系图,如图乙所示.实验中小车的质量为200g,实验时选择了不可伸长的轻质细绳和轻质光滑定滑轮,小车的加速度可通过打点计时器打出的纸带得到.请回答下列问题
(1)根据该同学的结果,小车的加速度与钩码的质量成 非线性 (填“线性”或“非线性”)关系.
(2)由图乙可知,a﹣m图线不经过原点的原因是 轨道倾角过大 .
(3)若利用本实验装置来验证“在小车质量不变的情况下,小车的加速度与作用力成正比”的结论,并直接以钩码所受重力mg作为小车受到的合外力,则实验中应采取的改进措施是 调节轨道的倾斜度以平衡摩擦力 ,钩码的质量应满足的条件是 钩码的质量应满足的条件是远小于小车的质量 .考点探究加速度与物体质量、物体受力的关系.菁优网版权所有专题实验题;牛顿运动定律综合专题.分析该实验的研究对象是小车,采用控制变量法研究.当质量一定时,研究小车的加速度和小车所受合力的关系.为消除摩擦力对实验的影响,可以把木板的右端适当垫高,以使小车的重力沿斜面分力和摩擦力抵消,那么小车的合力就是绳子的拉力.解答解
(1)根据该同学的结果得出a﹣m图线是曲线,即小车的加速度与钩码的质量成非线性关系;
(2)从上图中发现直线没过原点,当F=0时,m≠0,即a≠0,也就是说当绳子上拉力为0时,小车的加速度不为0,所以可能的原因是轨道倾角过大.
(3)若利用本实验来验证“小车质量不变的情况下,小车的加速度与作用力成正比”的结论,并直接以钩码所受重力mg作为小车受到的合外力,则实验中应采取的改进措施是
①调节轨道的倾斜度以平衡摩擦力,即使得绳子上拉力等于小车的合力.
②根据牛顿第二定律得,整体的加速度a=,则绳子的拉力F=Ma=,知钩码的质量远小于小车的质量时,绳子的拉力等于钩码的重力,所以钩码的质量应满足的条件是远小于小车的质量.故答案为(
(1)非线性
(2)轨道倾角过大
(3)调节轨道的倾斜度以平衡摩擦力,即使得绳子上拉力等于小车的合力;钩码的质量应满足的条件是远小于小车的质量.点评该实验是探究加速度与力、质量的三者关系,研究三者关系必须运用控制变量法.对于实验我们要清楚每一项操作存在的理由.比如为什么要平衡摩擦力,这样问题我们要从实验原理和减少实验误差方面去解决.
三、计算题(本题共3小题,共37分)解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤,只写出最后答案的不能得分,有数值计算的题答案中必须明确写出数值和单位.15.(10分)一物体做匀变速直线运动,在t=0时,初速度v0=2m/s,加速度a=﹣5m/s2,求
(1)速度减为零时,物体距出发点多远?
(2)在t=1s末,物体距出发点多远?考点匀变速直线运动的速度与位移的关系;匀变速直线运动的位移与时间的关系.菁优网版权所有专题直线运动规律专题.分析
(1)根据速度位移公式求出速度减为零时,物体距出发点距离;
(2)根据位移时间公式可求出在t=1s末,物体距出发点距离;解答解
(1)设速度减为零时距出发点的距离为x1,则根据运动学公式有v2﹣v02=2ax1将v=0,v0=2m/s,a=﹣5m/s2代入得x1=
0.4m
(2)由公式x2=v0t+at2得1s内物体的位移为x2=﹣
0.5m即在t=1s末物体距出发点
0.5m答
(1)速度减为零时,物体距出发点
0.4m;
(2)在t=1s末,物体距出发点
0.5m.点评主要考查位移公式的灵活应用,注意根据条件灵活选择公式. 16.(12分)一轻质橡皮筋原长L=50cm,劲度系数k=100N/m,将其上端固定在天花板上O点,如图甲所示.
(1)在其下端A处用细线悬挂重为16N的物块,静止后如图乙所示,求橡皮筋的伸长量x1;
(2)在图乙中A处用一水平外力向右缓慢拉动,使橡皮筋与竖直方向成37°角时保持静止,如图丙所示,求橡皮筋的伸长量x2和物块高度的变化量h.(sin37°=
0.6,cos37°=
0.8)考点共点力平衡的条件及其应用;力的合成与分解的运用.菁优网版权所有专题共点力作用下物体平衡专题.分析
(1)根据题意木块处于平衡状态,F1=G,由胡克定律列式即可求解;
(2)橡皮筋与竖直方向成37°角时保持静止,受力分析,根据平衡条件列式,再根据胡克定律结合几何关系求解.解答解
(1)根据题意木块处于平衡状态,F1=G由胡克定律得F1=kx1则m
(2)橡皮筋与竖直方向成37°角时保持静止,受力分析,可得解得F2=20N根据胡克定律F2=kx2得=
0.2m乙图中A点到O点的高度h1=L+x1=
0.66m丙图中A点到O点的高度h2=(L+x2)cos37°=
0.56m则重物上升的高度等于A点上升的高度,h=h1﹣h2=
0.1m答
(1)橡皮筋的伸长量为
0.16m;
(2)橡皮筋的伸长量为
0.2m,物块高度的变化量h为
0.1m.点评本题主要考查了胡克定律及平衡条件的直接应用,要求同学们能正确对物体进行受力分析,难度适中. 17.(15分)民航客机的机舱一般都设有紧急出口,发生意外情况的飞机在着陆后,打开紧急出口的舱门,会自动生成一个由气囊构成的斜面,机舱中的人可沿该斜面滑行到地面上,示意图如图所示.某机舱离气囊底端的竖直高度AB=
3.0m,气囊构成的斜面长AC=
5.0m,CD段为与斜面平滑连接的水平地面.若人从气囊上由静止开始滑下,人与气囊间的动摩擦因数μ1=
0.5,人与地面间的动摩擦因数μ2=
0.4.不计空气阻力,g=10m/s2.求
(1)人在气囊上滑下时的加速度大小;
(2)人滑到气囊底端时的速度大小;
(3)站在距气囊底端正前方
2.0m处的救护人员能否被从气囊上滑下的人撞到.考点牛顿运动定律的综合应用;匀变速直线运动的位移与时间的关系.菁优网版权所有专题牛顿运动定律综合专题.分析
(1)人从斜坡上滑下时受到重力、斜面的支持力和滑动摩擦力,受力分析,根据牛顿第二定律求解加速度.
(2)根据已知条件初速度、斜面长AC和加速度,由速度与位移的关系式求解人滑到斜坡底端时的速度大小.
(3)人在地面上滑行时水平方向受到滑动摩擦力作用,由牛顿第二定律求出加速度,再由速度与位移的关系式求出在地面上滑行的距离.判断是否被撞到.解答解
(1)设AC与水平地面成θ角,对人受力分析,由牛顿运动定律mgsinθ﹣f=ma1f=μ1FNFN=mgcosθ解得a1=gsinθ﹣μ1gcosθ=2m/s2
(2)由vc2=2a1x1,得到vc=2m/s
(3)滑到地面上的人,根据牛顿运动定律和运动学公式得μ2mg=ma20﹣vc2=2(﹣a2)x2解得x2=
2.5m
2.5m>
2.0m,救护人员能被撞到.答
(1)人在气囊上滑下时的加速度大小为2m/s2;
(2)人滑到气囊底端时的速度大小为2m/s;
(3)救护人员能被撞到.点评本题是实际问题,关键要建立物理模型,对问题进行简化,分析人的受力情况和运动情况是基础. 参与本试卷答题和审题的老师有高中物理;wslil76;ljc;蒙山;src;yangpf(排名不分先后)菁优网2015年2月9日。