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高中物理新课程会考模拟试卷
一一、选择题
1.A 【解析】 斜面对重物的支持力方向为垂直于斜面向上的,故A对.
2.D 【解析】 物体从t=0时刻开始做自由落体运动,速度v=gt,在v-t图象中是一条过原点的直线.
3.C 【解析】 本题考查参考系的选择,铁路两旁的树木迅速后退,说明他以列车为参考系的.
4.C 【解析】 加速上升的电梯中的人,加速度的方向为竖直向上,对人受力分析,设电梯给人的支持力为FN,由牛顿第二定律FN-mg=ma,则FN=mg+ma,即FNmg,由牛顿第三定律,设人对电梯的压力为FN′,则FN′=FN,则有FN′mg,故选项C正确.
5.D 【解析】 质点是用来代替物体的有质量的点.能把物体看成质点的条件物体的大小和形状对所研究运动的影响可以忽略不计时,不论物体大小如何,都可将其视为质点.由此可以判断选项D中的运动员可以当作质点处理,D对.
6.A 【解析】 由牛顿第二定律a=,对于一给定物体,它受到的合外力F越大,m一定时,则加速度a越大,A对;由匀变速运动的速度公式v=v0+at,知当加速度a与初速度v0方向一致时,合外力越大,速度增大越快,当加速度a与初速度v0方向相反时,合外力越大,速度减小越快,B错;从静止开始在外力作用下做直线运动的物体,其速度与合外力的方向一致,当合外力逐渐减小时,加速度减小,但仍在加速,速度是逐渐增大的,C错;原来做匀变速直线运动的物体,若其合外力与速度方向一致,当合外力逐渐增大时,速度也逐渐增大;若其合外力与速度方向相反,当合外力逐渐增大时,速度逐渐减小,D错.
7.C 【解析】 由a=知,加速度表示单位时间内速度的变化,故运动物体的速度变化越快,加速度越大,C对.
8.B 【解析】 惯性是物体的属性,不只是处于匀速直线运动或静止状态时才具有,A错;由牛顿第二定律a=,加速度的方向与所受合外力的方向相同,B对;牛顿第三定律指出,物体间的作用力与反作用力是一对相互作用力,C错;牛顿运动定律仅适用于低速运动的宏观物体,不适用于高速运动的微观粒子,D错
9.B 【解析】 由题意A球、B球同时运动,同时落到地面上,知A球竖直方向的运动和B球一样,为自由落体运动,故选B.
10.A 【解析】 对沿光滑斜面自由下滑的物体进行受力分析,知物体受到竖直向下的重力及垂直于斜面向上的支持力,A对;物体下滑的动力来自重力沿斜面向下的分力,没有下滑力这一说.
11.A 【解析】 因为滑块在光滑水平面上滑行,没有摩擦力,由功能关系可知WF=ΔEk=mv-mv=mv-v=×1×J=0,A对.
12.B 【解析】 物体自由下落,1s内下落的高度h=gt2=×10×12m=5m,重力做功W=mgh=1×10×5J=50J,重力做功的平均功率P===50W,B对.
13.D 【解析】 匀速圆周运动中,速度的大小不变,但方向时刻都在改变,加速度大小不变,方向在变,故D对.
14.B 【解析】 同步卫星的运行周期与地球的自转周期相同,由T=知,ω1=ω2,B对.第15题图
15.A 【解析】 如图所示,当FF1Fsinθ时,有两个解;当F1=Fsinθ时,有唯一解;当F1Fsinθ时,无解;B、C、D都对,A错.
16.B 【解析】 由已知条件可列功能关系mgh=mv2-0,代入数据,解得v=10m/s,B对.
17.B 【解析】 由F向=ma=m=mr=mrω2知,半径r相同时,角速度ω越小,则F向越小,绳不易断,A错;周期T相同时,半径r越大,则F向越大,绳越易断,B对;线速度相等时,由v=知,周期越大,则r越大,F向越小,绳不易断,C错;角速度相等时,线速度越小,则r越小,F向越小,绳不易断,D错.
18.C 【解析】 重力势能的变化情况只与重力做功的大小有关,由题知重力做了5J的功,则重力势能减小了5J,C对.
19.D 【解析】 汽车关闭发动机后在水平地面上滑行了一段距离后停下来,则在此过程中,阻力对汽车做负功,汽车的速度逐渐减小,直至静止,此过程中汽车动能减小,D对.
20.B 【解析】 尺子下落的高度h=32-6cm=26cm=
0.26m,由自由落体运动的公式h=gt2代入数据,求得t≈
0.235s,B对.
21.A 【解析】 拉力F为斜向右上的,将F分解为一个水平向右的力F1,一个竖直向上的力F2,因为木块向右做匀速直线运动,则水平方向的力F1与木块受到的摩擦力f大小相等,方向相反,因此F与物体受到的摩擦力的合力方向为竖直向上,A对.
22.A 【解析】 由加速度的定义a=,则v-t图象上,0~2t内的加速度大小a1=,2t~3t内的加速度大小a2==,则a1∶a2=∶=1∶2,A对.
23.A 【解析】 本题通过伽利略理想实验考查机械能守恒定律,A对
24.D 【解析】 在飞船从轨道的A点沿箭头方向远离地球运行到B点的过程中,飞船受到的地球引力做负功,动能减小,重力势能增加,A错,B错;飞船除受地球引力外,不受其他外力,故飞船的机械能守恒,C错,D对.
二、选择题
25.B 【解析】 由库仑定律F=k知,当q1减为q1/2,q2减为q2/2,r减为r/2时,F′=k=k=F,B对.
26.C 【解析】 由电场线的特点知,电场线越密,场强越强,则EBEA.由F=qE知,FBFA,A错;电子带负电,它在A点受到的电场力方向与该点场强方向相反,B错;若电子从B点静止释放,受到的电场力与场强方向相反,则电子仅在电场力作用下将沿电场线运动到A点,C对;从B点静止释放,因为电场不是匀强电场,则电子仅在电场力作用下做变加速运动,D错.
27.D 【解析】 利用电流热效应的电器,即电能转化为内能的电器,D对.
28.A 【解析】 洛伦兹力对带电粒子永不做功,A对;运动电荷在某处不受洛伦兹力作用,该处的磁感应强度不一定为零,B错;同理C也错;粒子在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动时,粒子的速度大小不变,方向变化,故能改变带电粒子的速度,不能改变带电粒子的动能,D错.
29.C 【解析】 本题考查奥斯特发现通电导线周围存在磁场的史实,C对.
30.D 【解析】 电场线是假想的曲线,A错;电场线不一定从正电荷出发,终止于负电荷,B错;电场线不可能相交,C错;电场线的疏密程度表示电场的强弱,D对.
31.C 【解析】 由闭合电路中电流方向可判断通电螺线管周围磁感线的方向,左端为N极,右端为S极,对水平吊起的通电直导线A用左手定则可判断出,A受到竖直向下的安培力,C对.
32.C 【解析】 永磁体的磁性会在外界条件影响下发生变化,A错;高温使磁体的磁性越来越弱,B错;猛烈的敲击会使磁体失去磁性,C对;同名磁极相互排斥,异名磁极相互吸引,D错.
33.C 【解析】 由E=n,代入数据,可求==
0.1Wb/s,由此可知通过该线圈每一匝截面上磁通量变化率为
0.1Wb/s
34.C 【解析】 本题考查电磁波在实际生活中的应用,C对.
35.B 【解析】 由电场线的特点,电场线越密的地方,电场强度越强,则有EMEN,由F=qE知,同一负电荷,在M、N处受到的电场力的大小关系为FMFN,A错,D错;因为沿电场线的方向电势越来越低,φMφN,B对;从M点向N点移动一正点电荷,电场力做负功,C错.
36.D 【解析】 由电场线的性质可知,图中展示的是等量同种点电荷的电场线.
37.C 【解析】 由左手定则,可判断正电荷在磁场中受到一个竖直向下的洛伦兹力,运动轨迹可能为c,C项对.
38.C 【解析】 由R=ρ知,将原阻值为8Ω的电阻丝等分成四段后,每段电阻R1=2Ω,将这四段电阻丝并联,则有=+++,可求出R2=Ω=
0.5Ω,C对.
39.A 【解析】 因为点电荷从P点由静止释放,则点电荷必会在电场力的作用下做匀加速直线运动,A对、D错;因为点电荷的电性不确定,故其可能向左加速,也可能向右加速,B错;因为图示的电场为匀强电场,其所受的电场力是不变的,C错.
40.A 【解析】 由U=IR知I=U,则在I-U图象中,直线斜率的倒数表示电阻的大小,R1∶R2=∶=∶=1∶3,A对.
41.D 【解析】 由Wab=qUab知a、b两点间的电势差Uab=,D对.
42.D 【解析】 由逻辑电路的特点可判断甲、乙、丙三个图对应的分别为“与”门、“非”门、“或”门,D对.
43.C 【解析】 由电流流向及左手定则,可判断出金属棒中受到向上的安培力,对金属棒受力分析有F拉+F安=mg,为减小F拉,可使F安增大,因为F安=BIL,则A错、C对;若使磁场反转,则金属棒受到向下的安培力,则有F拉=mg+F安,拉力比原来的变大,B错;使电流反转,金属棒受到的安培力也是向下的,不符合题意,D错.
44.D 【解析】 E=Ir+R代入数据,
6.0V=I×
1.0Ω+
2.0Ω,知I=2A,D对.
三、填空题
45.
1.6×10-19 【解析】 本题考查电子伏特与焦耳的换算关系.
46.15 【解析】 由P=Fv可求v===15m/s.
47.
0.67 【解析】 由P=Fv=Gv=mgv及该动力机器功率恒定,有m1gv1=m2gv2,则v2===≈
0.67m/s.
48.
0.3
0.6 【解析】 每两个计数点间时间间隔为T=
0.1s,则0与1两点间平均速度为==
0.3m/s,小车的加速度a==
0.6m/s
2.
49.超速 【解析】 由h=gt2可求得零件落地的时间t=
0.7s由水平方向s=vt,可求得v===19m/s=
68.4km/h60km/h,故该车超速了.
四、计算题
50.A《选修1-1》 4×10-3N 在纸面的平面内垂直于导体棒向下 【解析】 F安=BIL=
1.0×10-2×
2.0×
0.2=4×10-3N,由左手定则可判断安培力的方向在纸面的平面内,垂直于导体棒向下. B《选修3-1》 1∶1 【解析】 分析知两带电粒子在磁场中做匀速圆周运动是由洛伦兹力提供向心力,即qvB=m 对a粒子 qvB=2mp, 对b粒子 2qvB=4mp,可求得=.
51.18N 272m 【解析】 1物体加速时的加速度满足a1===6m/s2
①根据牛顿第二定律F-Ff=ma1
②联立
①②可得Ff=8N
③ 2撤去拉力后,物体仅在摩擦力的作用下减速前进,设此阶段的加速度大小为a2,则Ff=ma2
④且滑行距离L满足L=
⑤联立
④⑤可得L=72m.
52.13mg223θ=arctan 【解析】 1小球由A→B过程中,根据机械能守恒定律有mgR=mv小球在B点时,根据向心力公式有FN-mg=m由牛顿第三定律有F=FN=mg+m=3mg 2B→C:H-R=gt2s=vBt得s=2 3设C点速度的水平分速度为vx,竖直分速度为vy,有vx=vB=vy=gt=tanθ==θ=arctan.高中物理新课程会考模拟试卷
二一、选择题
1.B 【解析】 A到B的路程s=×2πR=πR,A到B的位移s′==R,B对.
2.D 【解析】 因为物体处于静止状态,则水平方向F=Ff,且合力为零,D对;当F增大时,若物体仍静止,则Ff也增大,A错、B错;F和Ff是一对平衡力,C错.
3.B 【解析】 90km/h是平均速度,A错;600m/s是瞬时速度,B对,C、D错.
4.C 【解析】 由v-t图象可以看出物体速度逐渐均匀减小,其加速度大小恒定,方向与初速度相反,故物体做匀减速直线运动.
5.C 【解析】 合力最大的时候为三个共点力方向一致时,Fmax=8N,合力最小的时候为5N的力与1N、2N的力反向时,Fmin=2N,C对.
6.B 【解析】 本题考查“验证机械能守恒定律”实验操作,B对,A、C、D错.
7.B 【解析】 此题可类比于平抛运动的运动轨迹,从而判断出B对.
8.C 【解析】 弹簧的劲度系数由弹簧本身决定,与弹簧所受拉力大小及形变大小无关,C对.
9.A 【解析】 对物体受力分析,受60N的竖直向下的重力,因F=20N60N,物体没有被提起,仍静止在水平面上,物体所受的合力为零.
10.B 【解析】 拉力大小相等,小船行进的加速度相同,经过相同时间t,W1=m1v2,W2=m1v2+m2v2,则有W1W2,B对.
11.A 【解析】 P=,功率是描述力对物体做功快慢的物理量,A对.
12.B 【解析】 F弹=k·Δl,木块A处于静止状态时F弹=G木,故G木=k·Δl,B对.
13.A 【解析】 整个过程小球和弹簧组成的系统的机械能守恒,A对;小球速度减为零时,弹簧的弹性势能最大,B错;小球刚开始接触弹簧时,做加速度逐渐减小的加速运动,直到F弹=mg后F弹mg,做加速度逐渐增大的减速运动,C错;小球速度最大时,小球的重力势能转化为小球的动能和弹簧的弹性势能,D错.
14.D 【解析】 自由下落的物体,下落h高度有h=gt,下落2h高度有2h=gt,下落3h高度有3h=gt,解得t2=t1,t3=t1,则下落三段相等的位移所用的时间比是t1∶t2-t1∶t3-t2=1∶-1∶-,D对.
15.D 【解析】 由v=rω,ωA=ωB,rArB,则vAvB,A、B错误;由T=,ωA=ωB,知TA=TB,C错、D对.
16.B 【解析】 曲线运动的物体受力都在曲线内侧,力的方向指向物体运动的方向,B对.
17.A 【解析】 重力做正功,重力势能减少,本题中重力做了10J的功,则重力势能减少,并且减少量等于10J,A对.
18.C 【解析】 由万有引力公式F万=G可知,该卫星受到地球引力的大小与地球的质量、卫星的质量以及卫星与地球之间的距离有关,故C对.
19.A 【解析】 由功的公式W=Fscosθ,本题中θ为零,拉力F都是相同的,物体在力的方向移动的距离s也是相同的,所以拉力对物块所做的功一样大,A对.第20题图
20.B 【解析】 设足球下落的高度为h,则水平位移为h,由h=gt2有t=.水平方向h=v0t=v0,整理得h=.又因为mv=9J,有v=代入h==,即mgh=12J.整个过程由动能定理有mgh=Ek-9J,代入数据,解得Ek=21J,B对.
21.A 【解析】 万有引力的公式F万=G,行星绕太阳的运动可以近似看作匀速圆周运动,并且万有引力提供向心力,F向=G,向心力与r2成反比,与行星和太阳的质量的乘积成正比,A对.
22.C 【解析】 水平面是光滑的,小球m与劈形物体的上表面无摩擦,劈形物体从静止开始释放后,小球m只受竖直方向的作用力,则小球在碰到斜面前的运动轨迹是竖直向下的直线,C对.
23.B 【解析】 对A物体F向=mArAω2,A物体受到的最大静摩擦为fA=μmAg;对B物体F向=mBrBω2=mA·2rAω2=mArAω2,B物体受到的最大静摩擦力fB=μmBg=μmAg;对C物体F向=mCrCω2=mA·rAω2=mArAω2,C物体受到的最大静摩擦力fC=μmCg=μmAf.由以上各式可得,物体B先滑动.
24.C 【解析】 本题考查“探究功与物体速度变化的关系”实验中,纸带上打出的点“中间疏,两头密”的原因分析,C对.
二、选择题
25.C 【解析】 本题考查电流磁效应的发现史实,C对.
26.A 【解析】 摩擦起电的本质是电荷发生了转移,A对;物体带电量应是电子电荷量的整数倍,B错;物体所带电量可能很小,但不可能小于元电荷,C错;经过摩擦使物体带正电是因为物体失去了电子,D错.
27.A 【解析】 由库仑定律F=k知,若q1q2不变,r变为3r,则F’=k=k=F,A对.
28.C 【解析】 电能在输送过程中,在输电线上损耗的功率P损=I2R线,因为P总一定,P总=UI,U变大,I减小,则P损减小,可减少输电导线的能量损失,C对.
29.D 【解析】 根据磁感线的特点,磁感线越密的地方,磁感应强度越大,由图可知,EDECEBEA,D对.
30.C 【解析】 磁通量仅有大小,没有方向,是标量,A错;磁通量ΔΦ=B·ΔS,磁通量越大,磁感应强度不一定越大,还与ΔS有关,B错;C对;D错.
31.B 【解析】 由v==λf知λ==,B对.
32.A 【解析】 根据电场线的特点,电场线越密的地方,电场强度越大,由图知EAEB,因为F=qE,所以有FAFB,A对,B、C、D都错.
33.D 【解析】 由右手螺旋定则可以判断通电直导线上方的磁感线是垂直于纸面向外的,直导线下方的磁感线是垂直于纸面向里的;又因为小磁针在磁场中静止时N极所指的方向就是磁场的方向,故D对;A、B、C均错.
34.A 【解析】 由图象可知,imax=2A,A对;T=
0.2s,B错;电流的有效值i有效===A,C错;我国照明电路的交变电流频率为50Hz,本题交变电流的频率f===5Hz,D错.
35.A 【解析】 物体带电的原因是得失电子,故B、D错;毛皮带正电,说明毛皮上的一些电子转移到橡胶棒上,A对;C错.
36.B 【解析】 由电场线的特点知,图中电场线分布图是异种电荷的电场线分布图,C、D错;因为电场线从a出发,回到b,则a带正电,b带负电,A错;又因为a、b点电荷形成的电场线疏密程度相同,故a带电荷量等于b带电荷量,B对.
37.C 【解析】 在电源内部,依靠非静电力搬移电荷,A错;电源内部存在着由正极指向负极的电场,B错;电源内部存在内阻,C对;一些电源是将化学能转化为电能,也有一些不是,例如太阳能电池是将太阳能转化为电能,D错.
38.B 【解析】 正常发光时,白炽灯中有电流通过,电阻丝发热,电阻变大,故R2R1,B对.
39.A 【解析】 感应电动势E=n,若n增加为2n,则E′=2E,A对.
40.C 【解析】 洛伦兹力提供向心力qvB=m,则r=,r1∶r2=v1∶v2=2∶1,qvB=mr,则T=2π,T1∶T2=∶==1∶1,C对.
41.A 【解析】 由磁场方向、电流方向及左手定则可判断出通电导线在磁场中所受安培力F的方向,A对;B、C、D均错.
42.B 【解析】 由U=IR知,I=U,在I-U图象中,直线斜率的倒数表示阻值的大小,故有R2R1;R1和R2串联后的总电阻R串=R1+R2,R串的伏安特性曲线应在区域Ⅲ,A错,B对;R1和R2并联后的总电阻R并=,并且R并R1,R并R2,R并的伏安特性曲线应在区域Ⅰ,故C、D均错.
43.C 【解析】 断开热控开关时,电路中R增大,电流减小P=减小,从而达到保温效果;定时开关、热控开关都闭合时,电路中只有一个加热电阻连入电路,电阻发热,从而达到煮饭的目的.
44.C 【解析】 由U=Ed,代入数据U=104V/m×
0.5m=5000V,C对.
三、填空题
45.
1.5 【解析】 由vt=v0+at解得t=
1.5s.
46. 【解析】 平抛运动竖直方向为自由落体运动,y1=gt2则t=.
47.
3.75 【解析】 设运动员入水的瞬间速度为v,则从最高点到运动员落入水中之前,有v2=2gd+h1=22g;运动员从开始入水到落至最低点,有0-v2=2ah2 a==-g=-
2.75g,负号代表方向向上,在水中对运动员受力分析有mg-f=ma,则f=mg-ma=mg+
2.75mg=
3.75mg,则有=
3.
75.
48.4000 【解析】 W=Fscos37°=500×10×
0.8=4000J
49.8∶1 1∶8 【解析】 万有引力提供向心力,F向=F万=G=mR F1∶F2=∶===8∶
1.T1∶T2=2π∶2π==1∶
8.
四、计算题
50.A《选修1-1》
10.4T
0.16N
0.4T 【解析】 1由F=BIL知,B===
0.4T 2F安=BIL=
0.4×2×
0.20=
0.16N B=
0.4T B《选修3-1》 1 2; 【解析】 1由qU=mv2则v= 2由qvB=m知R===由v=知T=.
51.12m/s2 22s 【解析】 1根据牛顿第二定律有-μmg=ma所以a=-μg=-
0.2×10m/s2=-2m/s2故所求加速度大小为2m/s
2. 2设加速度大小为a,水平方向上Fcosθ+f=ma竖直方向上 N+Fsinθ=mg根据滑动摩擦力公式f=μN得 a==m/s2=
4.72m/s2t==s=2s.
52.13m/s
21.25N
31.2m 【解析】 1根据机械能守恒定律mv=mv+mg·2RvB==m/s=3m/s 2mg+F=mF=m-mg=
0.1×-
0.1×10N=
1.25N3t==s=
0.4sxAC=vBt=3×
0.4m=
1.2m.高中物理新课程会考模拟试卷
三一、选择题
1.C 【解析】 一个物体能否看成质点是由问题的性质而定的,在某些情况下,我们可以忽略物体的大小和形状,把它简化成一个有质量的点,而有些情况下,我们不能忽略物体的大小和形状来研究问题,故C对.
2.B 【解析】 物体运动状态发生了改变是指物体的速度大小或速度方向发生了改变,故选B.
3.D 【解析】 路程是物体运动轨迹的长度,是标量,而位移是表示物体的位置变化,是矢量.小球下落4米后又反弹回1米时,小球的路程为5米,位移为3米,故选D.
4.B 【解析】 由v===10m/s,故选B.
5.D 【解析】 开普勒揭示了行星运动规律,故选D.
6.C 【解析】 伽利略理想实验把实验和逻辑推理和谐的结合起来,证实了亚里士多德关于力与运动的关系错误,故选C.
7.D 【解析】 惯性是指物体具有保持原来匀速直线运动状态或静止状态的性质,惯性的大小只与物体的质量有关,与物体的速度、运动状态均无关系,故选D.
8.A 【解析】 根据平行四边形定则,可判断A正确.
9.D 【解析】 物体沿斜面向上滑行时,受到重力、斜面支持力和沿斜面向下的摩擦力,故选D.
10.C 【解析】 作用力与反作用力总是大小相等、方向相反、作用在同一条直线上,同时产生、同时消失,故A、D错.又作用力与反作用力作用在两个不同物体上,合力不可能为零,故B错,C对.故选C.
11.A 【解析】 小河以一定速度垂直河岸向对岸划行时,小船垂直河岸的速度是一定的,故到达河对岸的时间也是一定的,当水流速度增大时,小船沿水流方向的位移增大,即小船运动的路程也越大,故选A.
12.C 【解析】 狗拉雪橇沿着圆弧匀速行驶时,相当于做匀速圆周运动,而向心力由牵引力F和摩擦力F1共同提供,又因为摩擦力与运动方向相反,根据平行四边形定则,可判断C正确.
13.A 【解析】 测匀变速直线运动加速度实验时,应选接通电源,后释放纸带,故选A.
14.C 【解析】 用F1压缩弹簧时,F1=kl-l1,用力F2拉弹簧时,F2=kl2-l1联立两式解得k=,故选C.
15.C 【解析】 当物体所受向心力突然消失或者所受合外力不足以提供物体所需向心力时,物体会逐渐远离圆心,而做离心运动,分析题中情景,可知只有C选项符合题意.
16.C 【解析】 在水平方向上由v1∶v2=2∶1,x1=x2,可得t1∶t2=1∶2,在竖直方向上由h=gt2可得h1∶h2=1∶4,故选C.
17.B 【解析】 两轮随着皮带传动时,轮边缘上的线速度相等,即vA=vB,而同一轮上的两点,角速度相等.即ωA=ωC,又由v=rω可得vCvA,故vA=vBvC,选B.
18.B 【解析】 当卫星在地球表面附近做匀速圆周运动时,其速度大小为
7.9km/s,当卫星的轨道半径为地球半径的2倍时,由v=,可得卫星的速度一定小于
7.9km/s,故选B.
19.B 【解析】 由动能定理知,物体的动能的变化量等于合外力对物体做的功,故ΔEk=W1+W2=14J,故选B.
20.D 【解析】 运动员从最低处上升至最高处时,机械能守恒,重力做负功,弹力做正功,运动员的动能先增大,后减小,重力势能一直增大,故选D.
21.C 【解析】 由v=,R1∶R2=2∶1,可得v1∶v2=1∶,故选C.
22.A 【解析】 自行车的行驶速度一般为5m/s,人与自行车的总质量大约为100kg,由P=f·v≈
0.02mgv≈
0.1kW,故选A.
23.C 【解析】 若纸带左端与小车相连,从纸带间距可以判断小车做匀减速运动,小车有一定初速度,减速原因可能是忘记或没有完全平衡摩擦力,C对,A错.若纸带右端与小车相连,小车一直做加速运动,说明可能平衡摩擦力时,倾角太大,B、D错.
24.D 【解析】 绳索的拉力所做的功为M+mg+M+mv2,故A、B错;电梯地板对物体的支持力与物体重力的合力所做的功等于物体动能的变化量,即mv2,故C错,D对.
二、选择题
25.B 【解析】 赫兹通过实验验证了电磁波的存在,故选B.
26.A 【解析】 B、C、D选项中静电复印,静电除尘及静电喷漆都属于静电现象在生产、生活中的应用,只有A选项在高大的建筑物顶端装上避雷针,使建筑物免遭雷击,属于防止静电产生的危害,故选A.
27.A 【解析】 由正点电荷周围电场线的分布特点,可知A选项正确.
28.C 【解析】 根据左手定则可判断C选项错误,故选C.
29.A 【解析】 任何两个彼此绝缘又相互靠近电的导体都可以看成电容器,A对;根据Q=CU,可知电容器所带电荷量不仅与充电电压有关,还与电容器的电容有关,故B、C、D错.
30.B 【解析】 当穿过闭合线圈的磁通量发生变化时,能使电流表指针偏转,分析各选项,可知只有B选项不能使电流表指针偏转,故选B.
31.D 【解析】 电磁波能够穿透电离层,可以通过卫星转发,从而使信号传递的更远,故选D.
32.C 【解析】 根据Um=220V=311V,Im=I有,I有==
6.8A,故选C.
33.B 【解析】 在磁场中,小磁针的N极指向即为磁感应强度方向,故选B.
34.C 【解析】 由I2=,当R增大时,I2减小,又=,I2减小,I1也减小,故选C.
35.A 【解析】 振动膜前后振动时,电容两极板间的距离发生了变化,根据C=,故电容器的电容发生了变化,故选A.
36.D 【解析】 根据点电荷产生电场场强的定义式E=,两点电荷在处产生的场强大小均为,又根据场强的矢量叠加性可知,两点电荷连线的中点处的电场为,故选D.
37.D 【解析】 根据粒子做圆周运动的特点及左手定则可判断D正确.
38.D 【解析】 电场的大小是由电场本身决定的,与放入电场中的试探电荷的大小无关,故A、B错;P点场强越大,则同一电荷放入该点受到的电场力也越大,故C错;电场中某点的场强方向就是放入该点的正电荷受电场力的方向,故D对.
39.A 【解析】 根据蹄形磁铁周围电场线的分布情况可知小线圈放在P1处时,穿过线圈的磁通量越大.故选A.
40.B 【解析】 根据条形磁铁周围的磁感线分布情况,可知条形磁铁的垂直平分线上各点处的磁场的方向是相同的,但离条形磁铁越远,磁感应强度越小,同一通电导线放入磁场中时所受安培力大小不等,方向相同,故选B.
41.A 【解析】 由图线知E=3V,图线的斜率即为电源的内阻,即r=Ω=1Ω,I短==3A,故B、C、D错,A对.
42.B 【解析】 由于电流表的满偏电流为200μA,则R滑==
0.75×104Ω,接入Rx后,R==3×104Ω,Rx=R-R滑=
22.5kΩ,故选B.
43.D 【解析】 根据右手定则和磁铁周围磁感线的分布情况可知,D正确.
44.C 【解析】 若电阻R烧断了,相当于R断路.电路中电阻增大,电流减小,电压表、电流表均安全,则电压表示数为电压表两端电压,而电流表示数为流过电压的电流,故C对.
三、填空题
45.飞船 【解析】 由于同步卫星的运行轨道比神舟号载人飞船的轨道高,故同步卫星的周期要比载人飞船的周期大.
46.4∶1 【解析】 根据Ek=mv2,则Ek1∶Ek2=4∶
1.
47.
①④②③⑤⑥ 【解析】 参照验证机械能守恒定律的实验步骤,可得正确的操作顺序为
①④②③⑤⑥.
48.15 【解析】 根据牛顿第二定律F=ma,可得m=kg,又F1=ma1,得F1=15N.
49.
1.9
2.1 【解析】 vC==
1.9m/s,vD==
2.1m/s.
四、计算题
50.A《选修1-1》 13Wb 26V 【解析】 1ΔΦ=Φ2-Φ1=6-3Wb=3Wb 2E==V=6V B《选修3-1》 1 2 第50B题图 【解析】 1离子的初速度与匀强磁场的方向垂直,在洛伦兹力作用下,做匀速圆周运动.设圆半径为r,则根据牛顿第二定律可得Bqv=m,解得r=如图所示,离子回到屏S上的位置A与O点的距离为AO=2r,所以AO= 2当离子到位置P时,圆心角α=2θ,所以粒子运动时间t=.
51.11N 25m/s2
32.5m 【解析】 1物块所受摩擦力的大小为Ff=μFN=1N,方向水平向左 2物块向右运动过程中,在水平方向受到摩擦力Ff和拉力F的作用,由牛顿第二定律得到加速度的大小a==5m/s2 3当物块运动速度变为零时,向右运动的距离最远,由运动学公式有v2=2ax得到x==
2.5m.
52.1 22R 3W=n=012…… 【解析】 1设滑块至B点时速度为vB,对滑块由A到B点应用动能定理—μmg5R=mv-mv vB= 2滑块从B点开始运动后机械能守恒,设滑块到达P处时速度为vp,则mv=mv+mg2R vp=2滑块穿过P孔后再上升机械能仍守恒,设能上升的最大高度为h mgh=mv h=2R 3滑块穿过P孔后再回到平台的时间t==4要实现题设过程,需满足ωt=2n+1πω=n=012……高中物理新课程会考模拟试卷
四一、选择题
1.B 【解析】 牛顿发现了万有引力定律,故选B.
2.B 【解析】 研究列车的加速度时,我们可以认为列车的形状和大小对所研究的问题无影响,而研究运动员的跑步姿势,地球自转及飞船飞行姿态调整时,均不能忽略它们的形状,故A、C、D错.B对.
3.B 【解析】 根据路程和位移的定义,可判断A、B小物块的路程不同,位移相同.
4.D 【解析】 由于甲车内的同学看乙车没有运动,则甲、乙两车相对静止,而乙车里的同学看到路旁树木向西移动,则以地面为参考系甲、乙两车应向东一起运动,故选D.
5.B 【解析】 拔河比赛时,瘦子战胜胖子的原因是地面对瘦子的摩擦力比地面对胖子的摩擦力大,故选B.
6.B 【解析】 由Ff=umg,可得u=
0.3,故选B.
7.C 【解析】 任何物体从同一地点落下时,它们的重力加速度都是相同的,而棉花团比铁钉晚落地是由于棉花团受到的空气阻力大,故C对,A、B、D错.
8.C 【解析】 根据甲、乙两物体的速度—时间图象,可判断甲、乙两物体均做匀加速直线运动,且甲物体的加速度比乙物体的加速度大,乙物体的初速度要比甲物体的初速度大,t1时刻,甲、乙两物体速度相同,而t1后的任一时刻,甲物体的速度均比同时刻乙物体的速度大,故A、B、D正确,C错误,故选C.
9.A 【解析】 人在从P点下落至a点时弹力为零,人向下做自由落体运动,处于完全失重状态,故A对;在ab段人的重力大于绳的拉力,人做加速运动,处于失重状态,故B错;在bc段绳的拉力大于人的重力,人处于超重状态,故C错;在C点,人的速度为零,但其加速度不为零,故D错.
10.D 【解析】 小球经过磁铁附近时,会受到磁铁对小铁球的吸引,它的运动轨迹会偏向磁铁,故选D.
11.B 【解析】 由牛顿第二定律,得F-=ma,故a=,故选B.第12题图
12.C 【解析】 对人受力分析如图所示F=mg,Ff=Fcosθ.FN+Fsinθ=Mg,当人向右跨出一步后,θ减小,F不变,Ff增大,FN增大,故C对.
13.B 【解析】 弹簧向上弹起时,由系统机械能守恒,知小孩的重力势能增大,弹簧的弹性势能减小,故选B.
14.A 【解析】 当物体所受合外力为零时,我们称物体处于平衡状态,分析题中各情景,判断可得A正确.
15.B 【解析】 由Ff=kmg=m,可得v=,故运动员的安全速度为v≤,选B.
16.B 【解析】 第一宇宙速度的大小为
7.9km/s,故选B.
17.D 【解析】 由Ek=mv2,当m甲=m乙,v甲=2v乙,Ek甲=2Ek乙,故A错;当m甲=2m乙,v甲=v乙,Ek甲=Ek乙,故B错;当m甲=4m乙,v甲=v乙,Ek甲=Ek乙,故C错,由于动能是标量,当m甲=m乙,v甲=v乙,而甲、乙运动方向不同时,Ek甲=Ek乙,故选D.
18.B 【解析】 由W=F·s,可知W1=W2,而在粗糙水平面上运动的物体移动相同距离时比在光滑水平面上移动相同距离所用时间长,由P=,可知P1P2,故选B.
19.C 【解析】 题图中的实验现象说明了A球离开轨道后,在竖直方向的分运动是做自由落体运动,故选C.
20.C 【解析】 链球在水平面内做圆周运动时,所受合力提供链球做圆周运动的向心力,故选C.
21.A 【解析】 由=mR2,R=1900km,T=127min,G=
6.67×10-11N·m2/kg2,可求得月球的质量,故选A.
22.C 【解析】 实验时,为了平衡摩擦力,长木板应有一定的倾角,故A错;实验时只需求出功与速度变化的关系,无须求出橡皮筋对小车做功的具体数值,故B错;实验时,应先接通电源然后让小车在橡皮筋作用下弹出,故C对;为了使橡皮筋第二次对小车做功为第一次的2倍,应用两根橡皮筋作用在小车上,故D错.
23.B 【解析】 正常走动的钟表,ω时=ω分,T时=12T分,故B对,A、C、D错.
24.C 【解析】 小球下落又弹起的过程中,小球与弹簧的机械能守恒,下落过程中,t1时刻小球刚与弹簧接触,此时mgF,小球继续做加速运动,在t1~t2中间某一时刻,小球的重力等于弹簧弹力时,小球动能最大,故A、B错;t2~t3阶段为小球被反弹的过程,这段时间内,小球的动能先增加后减小,增加的动能和重力势能等于弹簧弹性势能的减少量,故选C.
二、选择题
25.A 【解析】 由F=,当q′1=2q1,q′2=2q2,r′=r,可得F′=16F,故选C.
26.D 【解析】 场强的大小是电场本身决定的,与放入该点的试探电荷所带电荷量无关,故选D.
27.B 【解析】 在电磁波谱中,波长越大,频率越小,故伦琴射线频率最大,红外线频率最小,故选B.
28.D 【解析】 硬币之所以能被吸引是由于硬币中含有磁性材料,被磁体磁化,故选D.
29.C 【解析】 磁感线在磁体的外部总是从磁体的北极出发,终止于磁体的南极,而在磁体的内部总是从磁体的南极出发指向磁体的北极,故A错;磁感线上某点的切线方向与放入该点的小磁针北极的受力方向相同,故B错;磁感线的疏密反映磁场的强弱,故C对;磁感线是假想存在的线,并不是客观存在的,故D错.
30.B 【解析】 闭合线圈产生的条件是穿过闭合线圈的磁通量发生变化,故选B.
31.A 【解析】 点电荷做圆周运动相当于环形电流,根据右手定则,可判断离+q较近的P点的磁感应强度应沿OO′轴向上,故选A.
32.A 【解析】 根据F=BIL及左手定则可判断无需改变电流和磁场方向,只需适当增大电流或磁感应强度,故选A.
33.B 【解析】 根据I-t图象,可判断该交变电流的峰值为10A,有效值为A,周期为
0.2s,频率f==5Hz,故选B.
34.B 【解析】 根据=,得n1=1320,当输出电压为24V时,=,得n′2=144,n=n′2-n2=108匝,故选B.
35.D 【解析】 描述电场强弱的是电场强度,故选D.
36.B 【解析】 根据R=ρ,可知l′=l时,R′=R,故选B.
37.B 【解析】 根据电荷的运动轨迹及电场线的方向可判断该粒子带负电,由A到B过程粒子的受力方向在粒子运动轨迹的内侧,电场力做正功,故选B.
38.B 【解析】 平行板电容器所带电荷量Q是指一个极板所带电荷量的绝对值,故选B.
39.C 【解析】 空调机可以降低室温,而电风扇并不能降低室温,故A错;微波炉产生的微波是波长很短的电磁波,故B错;电视机和收音机都能接收电磁波,C对;电冰箱的耗电量根据电冰箱的工作时间决定的,D错.
40.D 【解析】 扩大电流表的量程应在表头两端并联一个电阻,扩大电压表的量程应在表头两端串接一个电阻,故D对.
41.B 【解析】 根据题图可判断此电路属于“非”门电路,故选B.
42.B 【解析】 R滑片向右移时,接入电路的滑动变阻器的阻值变大,故通过L1的电流变小,而L2两端电压不变,故通过L2的电流也不变,故L1变暗,L2不变,选B.
43.C 【解析】 根据焦耳定律Q=I2Rt,可求得电风扇每分钟发出的热量,故C对.
44.B 【解析】 根据F=BIl及左手定则可判断无需改变电流和磁场方向,只需适当增大电流或磁感应强度,故选B.
三、填空题
45.0 【解析】 由于物体在水平面上静止,处于平衡状态,故A物体所受合外力为
0.
46.交流 【解析】 电磁打点计时器用的是低压交流电源.
47.
3.8 【解析】 大齿轮、小齿轮上的点的线速度相同,设大齿轮角速度w1,小齿轮角速度ω2,则ω1==πrad/s,v=r1ω1=
0.12πm/s,ω2==3πrad/s,又v3=r3ω2=
1.2πm/s≈
3.8m/s.
48.2
0.6 【解析】 根据竖直方向上Δs=gT2,水平方向上;x=v0T,得v0=2=
0.6m/s.
49.401 【解析】 根据牛顿第二定律得F-mg=ma,即F=mg+a=4010m=401mg.
三、计算题
50.A《选修1-1》 10V 【解析】 由法拉第电磁感应定律可得线圈中产生的感应电动势为E=n=nS=50×100×20×10-4V=10V B《选修3-1》
10.4m
22.0×10-7s 【解析】 1由F=Bqv F=mv2/rr=mv/Bq=
0.4m 2由F=Bqv F=m2π/T2rT=2πm/Bq=
4.0×10-7st==
2.0×10-7s
51.16m/s2 4m/s22120m 【解析】 1物体运动的加速度a1==6m/s2所受合力F合=ma1=12N阻力Ff=F-F合=8N物体减速时的加速度a2==4m/s2 2速度v2=24m/s位移x2==72mx1=a1t=48mx=x1+x2=120m
52.1mgh+mv2 2mgH-h-mv2 3 【解析】 1滑雪运动员在C点的机械能为E=mgh+mv22滑雪运动员从A到C的过程中,由动能定理得mgH-h-W=mv2得W=mgH-h-mv23滑雪运动员离开C点后做平抛运动,设落地点P距C的距离为L,有Lcosθ=vt Lsinθ=gt2 解得L=.高中物理新课程会考模拟试卷
五一、选择题
1.C 【解析】 国际单位制中的基本单位包括m、K、kg、s、cd、mol、A,故选C.
2.D 【解析】 参考系是研究物体的运动状态时,被假定不动的物体,分析题中情景,可知题中所选取的参考系是云朵.
3.C 【解析】 位移表示物体的位置变化,是矢量,路程是物体运动轨迹的长度,是标量.分析题中选项只有C选项正确.
4.D 【解析】 用力推讲台时,讲台不动,是由于讲台受到地面给它的摩擦力的作用,讲台未动,说明讲台处于平衡状态,所受合外力为零,故D正确,A、B、C错误.
5.C 【解析】 根据平行四边形定则可判断C正确.
6.B 【解析】 根据位移、时间关系式可判断汽车做减速运动v0=20m/s,a=-4m/s2,故根据v2-v=2as解得s=50m,故选B.
7.A 【解析】 根据科学探究的基本过程可知方框2中应为提出假设;方框4应为实验验证,故选A.
8.D 【解析】 离心运动是由于物体所受合力不足以提供向心力时,物体将做离心运动.汽车在平直路面上加速行驶,开进泥坑里轮胎打滑或者与其他车辆碰撞均与圆周运动无关,只有D选项,汽车转弯时,车速太快,汽车所受合外力不足以提供汽车的向心力导致翻车,故选D.
9.D 【解析】 人受到的重力和气流对人向上的力是一对平衡力,故A错;地球对人的吸引力和人对地球的吸引力是一对作用力和反作用力,故B错;人受到的重力和人对气流向下的力是两个性质完全不同的力,故C错;人对气流向下的力和气流对人向上的力是一对作用力与反作用力,D对.
10.A 【解析】 设绳索上的张力为F,则2Fcosθ=mg,当θ逐渐增大时,F逐渐增大,故选A.
11.C 【解析】 根据牛顿第二定律F-f=ma,当用2F拉物体时2F-f=ma′,联立两式F+ma=ma′,故a′2a,选C.
12.A 【解析】 飞机在重力、升力共同作用下,做圆周运动,重力和升力的合力提供向心力,故选A.
13.D 【解析】 力F做的功等于F与沿F方向上的物体的位移的乘积,即W=Fh/sinθ,选D.
14.B 【解析】 根据P=Fv,得P=fv=
1.5×107×16W=
2.4×105kW,故选B.
15.A 【解析】 根据动能定理mgh=mv-mv2即2gh+v2=v,故石块的落地速度的大小与石块的质量无关,只与石块的初速度,重力加速度及石块抛出时的高度有关,故选A.
16.A 【解析】 第一宇宙速度为
7.9km/s,故选A.
17.B 【解析】 自行车同一轮上的角速度相等,即A、B、C三点角速度相同,又由v=rω,知A、B、C三点线速度大小vA=vBvC,故选B.
18.B 【解析】 球被踢出后,只有重力做功,机械能守恒,故人对球所做的功为球在最高点的机械能,即W=Ek+Ep=mgh+mv2=150J,故选B.
19.C 【解析】 根据v=,可知当v′=v时,r′=4r;a=,a′=a;由ω=,ω′=ω,由T=2π,T′=8T,故A、B、D错,C对.
20.C 【解析】 由W=mv2,可知W与v2成正比,W-v2是一条过原点的倾斜的直线,选C.
21.A 【解析】 在做“探究求合力的方法”实验时,弹簧测力计应与木板平行,两细绳间夹角可以为任意值,但为了实验的准确性,两细绳间夹角应大小适当,在实验过程中,不仅要记录弹簧测力计的示数,还要记录弹簧测力计的方向,故选A.
22.D 【解析】 同步卫星的线速度小于第一宇宙速度,A错;同步卫星的运行轨道在赤道上空,不可能经过绵阳上空,B错;由a=rω2,同步卫星的加速度大于地球表面的物体自转的加速度,C错;同步卫星运行的角速度与地球自转的角速度相同,故D对,选D.
23.B 【解析】 物体在ABCD轨道上滑下时,摩擦力做功W=mgh,要使物块从D点回到A点则力F做的功WF=mgh+W=2mgh,故选B.
24.A 【解析】 根据动能定理-F·s=0-Ek,又f=umg,Ek=mv2,若甲、乙与水平面的动摩擦因数相同,由um甲g·s甲=um乙s乙=E0,由于s甲s乙,故m甲m乙,A对,B错;若m甲=m乙,由u甲mgs甲=u乙mgs乙=E0,由于s甲s乙,则u甲u乙,故C、D错.
二、选择题
25.A 【解析】 根据C=,要使电容器的电容增大,可以减小两极板间的距离,增大两极板的正对面积,把可变电容器的动片旋入一些,故A对,B、C、D错.
26.B 【解析】 根据电场线的分布可判断EAEB,选B.
27.A 【解析】 根据库仑定律F=,可知当q′A=4qA,q′B=qB时,要使F′=,则需r′=4r,故选A.
28.D 【解析】 有电荷就能产生电场,变化的磁场能产生电场,A错;电磁波在传播过程中,不同的介质中频率相同,波速不同,B错;法拉第提出了电磁场理论,而赫兹用实验证实了电磁波的存在,C错;电磁波跟所有波动一样,能产生反射、折射、衍射、干涉等现象,故D对.
29.B 【解析】 琥珀经摩擦后,能吸引羽毛,是由于它们之间存在静电力的作用.故选B.
30.B 【解析】 根据F=BIl,可判断通电导线从a位置转至b位置时,通电导线所受安培力不变,故选B.
31.C 【解析】 在磁场中,小磁针的N极指向磁场的方向,故选C.
32.C 【解析】 由交变电流产生交变磁场用到了电磁感应原理,放在炉上的金属体内产生感应电流而发热用到了电流的热效应,故选C.
33.C 【解析】 灯泡正常发光,则U2=220V,I2=IL==A,根据=,得I1=A,又=,得U1=4400V,根据P入=P出=UI,P出=W,故A、B、D错,C对.
34.B 【解析】 根据粒子的运动轨迹及粒子的能量变化,运用左手定则可判断粒子由b到a,带正电,选B.
35.A 【解析】 根据特殊电荷周围电场线的分布可知,图中电场线是正电荷的电场线,选A.
36.C 【解析】 点电荷产生的电场中,沿着电场线的方向,电势降低,即φaφbφc,A对;根据正电荷周围电场线分布,知EaEbEc,B对;由于点电荷产生的电场为非匀强电场,即φa-φbφb-φc,C错;正点电荷在电场中受力方向与电场线方向相同,电场力做正功,D对.
37.A 【解析】 由于两点电荷所带电性相同,则它们之间的库仑力为斥力,释放q2后,q2将沿远离q1的方向运动,又根据F=,则随着r增大,F不断减小,选A.
38.C 【解析】 根据左手定则及F=BIl,可知要增大导体棒的上摆幅度只需增大B、I、l,故选C.
39.C 【解析】 根据闭合电路欧姆定律E=IR+r,又I=,解得E=2V,选C.
40.C 【解析】 由图可知,多用电表并联在小灯泡的两端,于小灯泡接在闭合电路中,故不能直接用多用电表测小灯泡电阻,A错;测量小灯泡电压时应选择直流挡而非交流挡,故B错,C对;由于多用电表并联在小灯泡的两端,故不能用其测小灯泡的电流,D错.
41.C 【解析】 沿着电场线方向,电势降低,即φCφBφA,故A、B错;匀强电场中U=Ed,故UoA=UCB,UBAUCB,故C对D错.
42.D 【解析】 根据W=pt,得W=108000J=1.08×105J,故选D.
43.B 【解析】 根据逻辑电路的特点,可知B正确.
44.C 【解析】 根据左手定则可判断C正确.
三、填空题
45.卡文迪许 【解析】 物理学家卡文迪许利用扭秤装置测得了万有引力常量.
46.
5.2m/s2 【解析】 根据v=at,要使t
1.6s,则a
5.2m/s
2.
47.
1.4 【解析】 根据a=,解得a=
1.4m/s
2.
48.土星 【解析】 根据T=2π,知R越大,T越大,故绕太阳运行一周所用时间最长的是土星.
49.
①平衡摩擦力
②钩码的重力远小于小车的总重力 【解析】 要探究合外力的功和动能变化间的关系,在本实验中是用绳子拉力代表小车所受合外力,所以除拉力外的力的矢量和应为0,所以要平衡摩擦力,对钩码T=,只有Mm,才有拉力约等于钩码重力成立.
四、计算题
50.A《选修1-1》 600V
0.6A 【解析】 E=n=600V,I==A=
0.6A. B《选修3-1》
10.1m
21.6×104m/s 【解析】 1连接MN,质子运动轨道的圆心应在弦MN的垂直平分线上;质子从M点垂直AE边射入磁场,圆心应在ME或延长线上,由此可以确定质子运动轨道的圆心在E点,设正方形区域边长为a,则轨道半径r==
0.1m 2设质子速度为v,由牛顿第二定律有qvB= 得v=代入数据可得v=
1.6×104m/s.第50B题图
51.18m/s2 28m
30.8 【解析】 1由vt=v0-at,得a=;代入数值得 a=8m/s2 2由x=v0t-at2,代入数值得x=8m 3由牛顿第二定律F=ma,得μ=,代入数据得μ=
0.
8.
52.175m 220m/s 332500J 【解析】 1运动员在竖直方向做自由落体运动,有Lsin37°=gt2A点与O点的距离L==75m 2设运动员离开O点的速度为v0,运动员在水平方向做匀速直线运动,即Lcos37°=v0t解得v0==20m/s 3由机械能守恒,取A点为重力势能零点,运动员落到A点时的动能为EkA=mgh+mv=32500J.高中物理新课程会考模拟试卷
六一、选择题
1.A 【解析】 国际单位制中,力的单位符号是N.
2.A 【解析】 根据题中所给相关数据,可判断整个过程中汽车的位移的大小为360km,又==km/h=60km/h,故选A.
3.B 【解析】 “用一个力代替几个力,且效果相同”所运用的方法是等效替代法,故选B.
4.D 【解析】 物体运动的加速度为0时,物体可能静止也可能做匀速直线运动,故A对;根据Δv=at,可知物体的速度变化量比较大时,加速度可大可小,故B对;物体向西运动,但加速度却有可能向东,故C对;后一阶段的加速度方向始终不变但比前一阶段小,但若加速度方向与速度方向相同,则物体一直做加速运动,速度是一直增大的,D错,选D.
5.B 【解析】 探测器靠近月球的过程中,它的质量不变,故其惯性也不变,A错B对;根据F=,当R逐渐减小时,F逐渐增大,故C、D错.
6.B 【解析】 坐在车上的乘客以自己为参考系时,路旁的树木应是向后运动的,故B错,选B.
7.B 【解析】 由于从A到B过程中,质点速度逐渐增大,故质点所受合力方向与质点运动方向夹角小于90°且指向运动轨迹的内侧,故选B.
8.C 【解析】 篮球与地面碰撞过程中,F1与F2是一对作用力与反作用力,大小相等,方向相反,故选C.
9.C 【解析】 设甲、乙、丙受到的滑动摩擦力分别为f
1、f
2、f3,则f1=μmg-Fsinα,f2=μmg+Fsinα,f1=μmg,故f2>f3>f1,选C.
10.C 【解析】 甲、乙两图中,细绳的受力是相同的,大小均为,丙图中细绳的受力大小为,丁图中细绳受力大小为,α<β,故>,选C.
11.D 【解析】 重力是地球对物体的吸引,与物体处于失重状态还是超重状态无关,故选D.
12.C 【解析】 小球由B到O的过程中,弹簧的弹力逐渐减小,故小球的加速度不断减小,但小球的速度一直在增加,故选C.
13.D 【解析】 功是标量,只有大小,没有方向,故A、B错;一个力对物体不做功,只能说沿这个力的方向,物体的位移没有发生变化,C错;一个恒力对物体做的功由力的大小和物体在该力的方向上发生的位移决定,D对.
14.A 【解析】 在竖直方向上ha=gt,hb=gt,水平方向上s=vata=vbtb,由ha>hb,则ta>tb,va<vb,故选A.
15.D 【解析】 由于A与圆柱保持静止,跟着圆盘一起匀速圆周运动,则A受重力、支持力,指向圆心的摩擦力,故选D.
16.B 【解析】 由T==,可知物体的角速度越大,它的周期越小,B正确.
17.A 【解析】 以B所在平面为参考平面时,小球在A点的重力势能为mgR,在B点的重力势能为0,在C点的重力势能为-mgH-R,故选A.
18.A 【解析】 由W=mgh,P=可得P=120W=
0.12kW,故选A.
19.D 【解析】 行星绕太阳运行的轨道是椭圆,它离太阳较近时,运行的速度比较快,而离太阳较远时速度较慢,故A错;在公式=k中,R代表的是椭圆轨道的半长轴,故B错;k是一个对所有行星都相同的常量,故C错;由于行星在不同的位置速度不同,故相等的时间它经过的距离也不相等,故选D.
20.C 【解析】 由T=2π,可知当R1=9R0时,T1=27T0,即宇宙飞船绕太阳运行的周期是27年,故选C.
21.C 【解析】 在只有重力做功的情况下,物体机械能守恒,故分析题中各情景,选C.
22.D 【解析】 只用一个弹簧秤拉橡皮条时,要产生相同的效果,只需把橡皮条的结点拉到位置O,故选D.
23.B 【解析】 平衡摩擦力时,应使木板倾斜一定的角度,故A错;小车运动时,纸带需要穿过打点计时器,B对;判断是否已“平衡摩擦力”需要观察纸点上打的点是否均匀,C错;橡皮筋作用是使小车在橡皮筋的作用下弹出,D错.
24.C 【解析】 2~4s时,F1=3N,a1=2m/s24~6s时,F2=2N,a2=0,故f=2N,由F1-f=ma1,f=umg,得u=
0.4,m=
0.5kg,故选C.
二、选择题
25.B 【解析】 电动势的符号为E,单位与电压的单位相同,也是V.
26.D 【解析】 电路中感应电动势的大小,跟穿过这一电路的磁通量的变化率成正比,即穿过线圈的磁通量变化越快,感应电动势越大.
27.B 【解析】 由左手定则判断出,A选项中粒子向上偏转,B选项中粒子向下偏转,C选项中粒子垂直纸面向外偏转,D选项中粒子垂直纸面向里偏转.
28.D 【解析】 电荷周围存在电场,A选项正确;电场是一种物质,是客观存在而不依赖于我们的感觉,B选项正确;电荷间通过电场发生相互作用,电场最基本的性质是对放入其中的电荷有力的作用,而这个力不一定通过接触才能产生,故C选项正确,D选项错误.
29.D 【解析】 正电荷在中点处产生的电场强度为E1==,指向负电荷,负电荷在中点处产生的电场强度E2==,指向负电荷,则两点电荷在连线中点处的电场强度为E=E1+E2=,选D.
30.C 【解析】 电子秤常用的传感器是压力传感器.
31.D 【解析】 由图象可知,Imax=10A,T=
0.2s,故f==5Hz,D选项正确.
32.B 【解析】 由P=UI可得电饭煲和空调机的电流分别为
6.82A和
9.09A,由于各用电器都并联在电路中使用,故当同时使用电饭煲和空调机时,电路中总电流大于13A,保险丝会熔断.
33.A 【解析】 当通电直导线垂直于磁场方向时,受到的安培力最大Fmax=BIL=
0.2N,当通电直导线平行于磁场时,受到的安培力最小Fmin=0,故不可能为
0.4N,选A.
34.D 【解析】 电池组为直流电源,变压器不能改变直流电压,故输出电压为零.
35.C 【解析】 C球与A球接触后,电荷平均分布,A球所带电荷为原来的,当C球再与B球接触时,电荷先中和再平均分布,B球所带电荷为原来的,故此时静电力F′==F,选C.
36.A 【解析】 M、N两点间电场强度从M指向N,故正电荷在M处受到的电场力由M指向N,A正确;由电场线的疏密判断M点场强大于N点场强,B错误;沿电场方向电势降低,故M点电势高于N点电势,C错误;公式U=Ed适用于匀强电场,故D错误.
37.D 【解析】 由题图可判断EM>EN,φM>φN,又从M到N,电场力对正粒子做正功,动能增加,故EKM<EKN,D选项正确.
38.D 【解析】 电容是描述电容器容纳电荷本领的物理量,由电容器本身决定,与电容器所带电量、两板间电压无关.
39.D 【解析】 “与”门电路的逻辑关系为Z=A+B,当A=1,B=0时,有Z=1×0=0,故C选项错误.
40.A 【解析】 当汽车启动时,车有一个向前的加速度,金属块M向后滑动,从而绿灯所在电路接通,红灯所在电路处于断开状态,故绿灯亮红灯暗,选项A正确.
41.D 【解析】 在描绘小灯泡的伏安特性曲线实验中,采用分压式接法,且电流表外接,D选项正确.
42.C 【解析】 根据左手定则可判断金属棒所受安培力方向竖直向上,悬线张力小于金属棒重力,要使悬线张力大于金属棒重力,则安培力方向应竖直向下,根据左手定则可判断C正确.
43.B 【解析】 在用多用电表的电阻挡测电阻时,在测量前应进行机械调零,每次换挡后要重新欧姆调零,在测量过程中若发现指针偏转角较小,则应换倍率较大的电阻挡再测,测量完毕后,应将选择开关置于“OFF”挡.
44.D 【解析】 由安培定则可知,直导线在射线管处产生垂直纸面向里的磁场,由左手定则可知,电子向下偏转,选项D正确.
三、填空题
45.9 【解析】 行星的半径比地球大2倍,质量是地球的36倍,由万有引力定律可得=mg,=mg′,故g′=9g.
46.时间间隔 【解析】 时刻是指某一瞬时,时间间隔是指某一段时间.
47.a c 【解析】 由图象可知,a、b物体做匀加速直线运动,加速度方向与速度方向相同,c物体做匀减速直线运动,加速度方向与速度方向相反,由图线的陡峭程度可知,a物体的加速度最大.
48.
24.5m/s 【解析】 由于铁路工人所站位置距列车启动处有180m,故v2=2as1,又v-v2=2as2,则得vt=
24.5m/s.
49.mv2+2gh 【解析】 在整个过程中,机械能守恒,有Ek0=mv2+mgh.
四、计算题
50.A《选修1-1》 200V 400W 【解析】 E=n=1000×V=200VI==A=2AP=I2·R=400W B《选修3-1》
10.1T
20.15N 【解析】 1通电导线所受安培力F安=BIL有B==T=
0.1T2若导线中电流减为1A,有F′安=BI′L=
0.1×1×
1.5N=
0.15N.
51.17m/s2 214m/s
310.5m 14m 【解析】 1汽车受滑动摩擦力而减速滑行,由f=umg=ma得a=7m/s2 2由运动学公式-2ax=v-v,得v0==14m/s 3由题中所给条件可知,经t=2s汽车已停止,则x1=v0t1-at=
10.5mx2=14m.
52.
14.8m/s 276J 3如图所示 【解析】 1运动员从B点到D点做平抛运动H-L=gt2
①v=vBt
②由
①②代入数据解得vB=
4.8m/s 2运动员从A点到B点的过程中,由机械能守恒定律mghAB=mv-Ek
③其中hAB=L1-cosθ
④由
③④式代入数据解得Ek=76J 3设运动员经O点正下方时的速度为vB′,则mvB′2-mv=mgH-Lcos37°-h
⑤x=vB′·
⑥由
⑤⑥解得 x2-v=20
⑦xv0的图象如下图所示第52题图高中物理新课程会考模拟试卷
七一、选择题
1.A 【解析】 根据位移定义可知,合位移大小为40-30m=10m.所以选项A正确.
2.B 【解析】 匀速直线运动的图象是直线且位移和时间成正比.所以选项B正确.
3.C 【解析】 物体的惯性只与物体的质量有关,与其运动状态无关,当质量相等时,惯性一定相同;质量不等时,惯性一定不同.
4.B 【解析】 加速度表示质点速度变化快慢,速度变化越快,加速度越大.所以B正确,A、C错误;质点速度变化的方向,即是加速度的方向.所以D错误.
5.C 【解析】 当物体处于平衡状态时,合外力为零,加速度为零,保持静止或匀速直线运动状态.
6.A 【解析】 若周期相等,根据w=得,角速度相同,选项A正确.根据v=可知,周期相等,线速度大小不一定相等.所以B错误.根据a=可知,线速度相同,向心加速度的大小与半径r有关,所以不一定相同;根据a=rw2可知D错误.
7.C 【解析】 自由落体运动是匀加速直线运动,所以选项A错误;在地球上赤道和两极的重力加速度不同,所以选项B错误;在同一地点下落时,物体下落的加速度均为g,所以选项C正确,D错误.
8.A 【解析】 对物体进行受力分析可知,物体所受的重力和静摩擦力是一对平衡力,木块对墙的压力与水平外力F大小相等,既不是一对平衡力,也不是一对相互作用力.外力F与墙对木块的压力是一对平衡力.所以选项A正确,选项B、C、D错误.
9.A 【解析】 根据t=可得,同一地点同一高度,两物体同时落地.
10.D 【解析】 物体停止运动到1秒的速度为1m/s,所以停止运动前1秒内的平均速度=m/s=
0.5m/s.
11.C 【解析】 根据速度图象可知,甲、乙两物体均做匀加速直线运动,a甲>a乙,甲的初速度小于乙的初速度,所以C错误.t1时刻后,甲的速度大于乙的速度,所以D选项正确.
12.B 【解析】 当向右拉弹簧甲时,甲受的作用力为100N,弹簧甲的示数为100N,根据对甲进行受力分析可知,乙对甲的作用力为100N,根据相互作用力可知,甲对乙的作用力为100N,所以乙的示数为100N.选项B正确.
13.C 【解析】 根据题图中纸带情况,纸带1做匀速直线运动,纸带2做加速直线运动.选项C正确.
14.C 【解析】 功率表示做功的快慢,功率大的物体做功快.选项C正确.
15.D 【解析】 由Ek=mv2可知,当2t时刻的速度是t时刻速度的2倍.2t时刻的功能是t时刻的4倍.所以选项D正确.
16.B 【解析】 匀速下降的跳伞运动员,动能保持不变,重力势能减小,机械能减小.所以B正确.
17.C 【解析】 万有引力表示有质量的物体间存在的吸引力.所以C正确.
18.B 【解析】 当物体合外力为零时,做匀速直线运动或保持静止.所以D选项错误;当外力的方向和运动方向在同一直线上时,物体做直线运动.所以选项C错误;曲线运动时,物体的运动方向发生改变,即曲线运动是变速运动,所以选项B正确.
19.A 【解析】 物体在做匀速圆周运动过程中,线速度大小速率保持不变,方向时刻在变,合外力和向心加速度也是.
20.C 【解析】 A、B、D选项中物体在竖直方向位移为零,重力不做功.C选项跳水运动员在下落过程中重力做功,功能增加.
21.B 【解析】 第二宇宙速度是脱离地球到力的最小速度.所以选项D错误.第一宇宙速度的数值为
7.9km/s.所以选项A错误.卫星绕地球做圆周的最大速度为第一宇宙速度,超过第一宇宙速度时,卫星绕地球做椭圆运动.选项B正确.发射人造地球卫星时,发射速度要大于第一宇宙速度.
22.D 【解析】 地球同步卫星的运行周期和地球自转周期相同.据G=m2r可知地球同步卫星运行的半径是确定的.同步卫星在运行过程中,万有引力提供向心力,圆周运动轨道圆心为地心,且和地球同步,所以卫星只能运行在赤道上空某一恒定高度上.选项D正确.
23.C 【解析】 平抛运动过程中,水平位移s=v,水平位移与位置高度及初速度有关,所以A、D错误,飞行时间t=,位置越高,飞行时间越长,与抛出速度无关,选项C正确.
24.D 【解析】 人向后蹬传送带的过程中,传送带向后运动,人对传送带做功.对人受力分析,传送带对人的摩擦力向左,重物对人的拉力向右,人重心不移动,受力平衡,μm1g=m2g.人对传送带做功功率为m2gv.
二、选择题
25.C 【解析】 点电荷是研究物理过程中的一种理想化模型.当两个带电体的大小和形状对它们之间的相互作用力的影响忽略时,这两个带电体可看作点电荷.
26.C 【解析】 根据库仑定律F=k可知,当r变为原来的时,作用力变为4F,所以选项A错误.当其中一个电荷量变为,距离变为.作用力变为2F.当q1和q2的电荷量和距离都变为原来的2倍,作用力仍为F.当q
1、q2的电荷量都加倍,距离变为r时,作用力变为2F.
27.C 【解析】 电场线始于正电荷,终止于负电荷,不是闭合的曲线,所以选项A错误;磁感线为闭合的曲线,所以B选项错误;电场线和磁感线都不相交,选项C正确;电场线和磁感线是为了研究电场和磁场而假想的线,在现实中都不存在,选项D错误.
28.C 【解析】 电场线的疏密程度可以反映电场强度的大小,电场线越密,电场强度越大,电场线越疏,电场强度越小,故EB>EA>EC,选C.
29.D 【解析】 由左手定则可判断D选项正确.
30.C 【解析】 电路中感应电动势的大小,跟穿过这一电路的磁通量的变化率成正比,磁通量变化越快,感应电动势就越大,选C.
31.C 【解析】 发电机是将其他形式的能转化为电能的装置,电动机是将电能转化为机械能的装置,C正确.
32.B 【解析】 由左手定则可得出正粒子向N极偏转,负粒子向M极偏转,B正确.
33.A 【解析】 对于理想变压器,原线圈的输入功率随副线圈的输出功率增大而增大,A选项正确;由=知,当线圈匝数比不变时,输入电流随输出电流的减少而减少,B错误;原线圈的电压不随副线圈的输出电流变化而变化,故C、D错误.
34.D 【解析】 当电键K闭合时,有电流通过灯A、B,两灯都亮,当K断开时,由于线圈的自感效应,灯A会亮一下后熄灭,而B灯会立即熄灭,选D.
35.D 【解析】 所有带电物体的电荷量都是元电荷e的整数倍,又e=
1.60×10-19C,故D不符合题意.
36.C 【解析】 电子带负电,由左手定则判断电子向下偏转,故其可能从题图中的D点射出磁场区域.
37.A 【解析】 由电场线的疏密判断出EA>EB>EC,由F=Eq知负电荷所受电场力大小为FA>FB>FC,电场力做功W=Uq,A、B与B、C点间电势差相等,故WAB=WBC,选项A正确.
38.D 【解析】 由左手定则判断,A、B、C选项中通电直导线所受安培力均不为零,当电流方向与磁场方向相同时,直导线所受安培力一定为零,选D.
39.B 【解析】 电容器所带电荷量Q与两板间电势差U的关系为Q=CU,即Q与U成正比,选B.
40.A 【解析】 对甲表分析可知其反映的逻辑关系Y=AB,对应“与”门电路,对乙表分析可知其反映的逻辑关系为Y=A+B,对应“或”门电路,故选项A正确.
41.A 【解析】 在“测绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中,电压表、电流表分别测小灯泡的电压和电流,由于小灯泡的电压和电流分别为
2.5V和
0.3A,故所用电压表、电流表的量程分别为0~3V和0~
0.6A.
42.D 【解析】 在“测量电池电动势和内阻”实验中,由E=U+Ir可知,需测量多组U、I,其中U为外电路总电压,I为外电路总电流,D选项中所得U、I不符合,故D选项错误.
43.D 【解析】 根据串、并联电路的特点及“光控开关”和“声控开关”的使用条件可知,“光控开关”、“声控开关”和灯泡应串联在同一电路中.
44.B 【解析】 由万有引力定律可得F万=,由库仑定律得F库=,由F万=F库得q=m,则地球所带电荷在月球轨道处的电场强度大小为E==,选B.
三、填空题
45.50cm 【解析】 红蜡块在竖直方向的分速度大小为10cm/s,则红蜡块的合速度为v=cm/s=cm/s,则t=3s时,红蜡块的位移为x=vt=50cm.
46.F′ 【解析】 由图可知,F是F
1、F2合力的理论值,F′为F
1、F2合力的实验值.
47.
0.5 【解析】 由纸带上计数点间的距离分析可知,Δs=
0.5cm为定值,又每两个计数点间有四个点未画出,则T=
0.1s,由Δs=aT2得a=
0.5m/s
2.
48.
①② 【解析】 在实验过程中,为减小实验误差,必须平衡摩擦力,采取的措施可以为把长木板右端适当垫高,还应调整滑轮的高度,使细绳与长木板表面平行,对于打点计时器应接交流电,而砂桶含砂的质量则应远小于小车的质量.
49.
1.90
1.88 【解析】 由质点上计数点间的距离可计算出vB=m/s=1.94m/s,故从O点到打下计数点B的过程中,ΔEp=mgs=1×
9.8×
19.39×10-2J=
1.90J,ΔEk=mv2=×1×
1.942J=
1.88J.
四、计算题
50.A《选修1-1》
10.80V
24.0A
30.8N 【解析】 1根据法拉第电磁感应定律,ac棒中的感应电动势为E==B·=B·=Blv=
0.40×
0.50×
4.0V=
0.80V 2感应电流大小为I==A=
4.0A 3由于ac棒受安培力F=IlB=
4.0×
0.5×
0.4N=
0.8N,故外力的大小也为
0.8N. B《选修3-1》 1垂直纸面向里 28×106m/s
36.54×10-9s 【解析】 1由左手定则判断出磁场方向垂直纸面向里. 2如图所示,设=d,O为电子运动轨迹的圆心,由几何知识知道△OCD为等边三角形,轨迹半径为R=d设电子速度为v,由牛顿第二定律有evB=得到v=代入数据得到v=8×106m/s.第50B题图 3电子运动周期为T==圆弧CD的圆心角为2α=60°,电子从C运动到D的时间为t=T=代入数据得t=
6.54×10-9s.
51.15000N 24000N 310m/s. 【解析】 1汽车受重力G和拱桥的支持力F,二力平衡,故F=G=5000N根据牛顿第三定律,汽车对拱桥的压力为5000N 2汽车受重力G和拱桥的支持力F,根据牛顿第二定律有G-F=m故F=G-m=4000N根据牛顿第三定律,汽车对拱桥的压力为4000N 3汽车只受重力G,它提供向心力,有G=mv==10m/s
52.14m/s 2300N
30.4 【解析】 1由机械能守恒定律mgR=mv2v==m/s=4m/s 2对物体受力分析,如图所示,由N-mg=m得N=300N由牛顿第三定律知物体对轨道的压力为300N 3由动能定理mv2=μmgs所以μ===
0.
4. 第52题图高中物理新课程会考模拟试卷
八一、选择题
1.C 【解析】 本题考查国际单位制的基本单位,C对.
2.A 【解析】 由力的合成与分解及力的平衡分析知,A图正确,B,C,D均错.
3.B 【解析】 从x-t图象上可以看出x随t的变化而均匀减小,说明质点沿x轴负方向做匀速运动,A错,B对;v===-1m/s,故C、D均错.
4.D 【解析】 汽车在平直道路上做匀速直线运动,说明汽车受到的合外力为零,D对;在此过程中,汽车水平方向受牵引力和摩擦力,并且它们大小相等,方向相反,A、B、C错.
5.B 【解析】 汽车从刹车开始到完全停止需要的时间t===5s,刹车距离为s===50m,则汽车刹车后6s内通过的位移为50m,B对.
6.B 【解析】 悬绳对电灯的拉力和电灯的重力是一对平衡力,A错;电灯拉悬绳的力和悬绳拉电灯的力是一对相互作用力,B对;C、D均错.
7.C 【解析】 本题考查对参考系概念的理解,A、B、D均正确;相对于不同的参考系来描述同一个物体的运动,其结果不一定相同,C错误.
8.D 【解析】 由图知羽毛在没有空气的玻璃管中进行自由落体运动,实验证明了没有空气时,物体下落的快慢与物体的轻重无关,D对.
9.D 【解析】 因为篮球处于静止状态,则受力平衡,竖直方向受重力和水平面对它的支持力,水平方向不受力,D对.
10.C 【解析】 初速度为v0的匀变速直线运动的位移公式为s=v0t+at2,题中所给s=4t+2t2,对应v0=4m/s,a=2,则a=4m/s2,C对.
11.B 【解析】 由胡克定律F弹=kx,F弹=G,则k×1cm=2N,k=2N/cm,当F′弹=8N时,x===4cm,弹簧原长10cm,此时它的总长为14cm,B对.
12.A 【解析】 质点做匀加速直线运动,时间为t时,末速度为vt,则加速度a=,当它的时间为nt时,末速度vt′=a·nt=nt=nvt,A对.
13.A 【解析】 由T=知,常用电磁打点计时器的打点周期取决于电源的频率,A对.
14.A 【解析】 由万有引力公式F万=G知,A选项中使r变为2r,质量不变,F万′=F万,A对;B选项中使m1减小到m1,r不变,则F万′=F万,B错;C选项中m1变为m1,m2变为m2,r不变,则F万′=F万,C错;D选项中r变为r,m
1、m2都变为m
1、m2,则F万′=F万,D错.
15.D 【解析】 小球在做自由落体运动的过程中,动能逐渐增大,A错;重力势能减小,B错;机械能守恒,C错;D对.
16.C 【解析】 假设该同学质量为50kg,因P=,W=mgh=50kg×10N/kg×5m=2500J,P===500W,C对.
17.D 【解析】 在此过程中重力做负功,重力势能增加,增加量为mgh,A错;B错;物体在斜面上运动的距离s==2h,v=2×g×2h=3gh,ΔEk=0-mv=-mgh,动能损失了mgh,C错;物块在斜面上受力情况如图所示,mgsin30°+f=ma,则f=ma-mgsin30°=mg,摩擦力F做功Wf=f·s=mg·2h=mgh,机械能损失了mgh,D对.第17题图
18.C 【解析】 本题考查研究平抛运动竖直方向的分运动是自由落体运动,C对.
19.D 【解析】 同步卫星万有引力提供向心力,F万=G=mrω2=m=mr,同步卫星的角速度是相同的,A错;同步卫星在地球上方的高度一定,r一定,线速度大小也相同,v=,B错;T=2πr,T一定,它们的周期相同,C错;Ek=mv2,速度相同,质量不同的话,它们的功能不一定相同,D对.
20.D 【解析】 由万有引力公式F万==m,v=,半径r增大2倍,则卫星的速度变为v,A错;轨道半径增大时,卫星速度是减小的,B错;由F=,当m不变,r增大到2r时,F向=F向,C错;D对.第21题图
21.C 【解析】 如图所示F向=Gtanθ,不论h多大,θ角是不变的,摩托车的重力不变,则F向不变,B错;FN=,FN=FN′,摩托车对侧壁的压力不变,A错;F向=m=mr,h越高,车做圆周运动的半径r越大,F向一定,则周期越大,线速度越大,C对;D错.
22.B 【解析】 万有引力公式G=mr,已知公转半径r、公转周期T,万有引力常量G,则可求出M,即太阳的质量,B对.
23.D 【解析】 f=50Hz T=
0.02s,纸带上ΔT=
0.02s×5=
0.1s,A对;a===
0.78m/s2,B对;v3===
0.323m/s,C对;D错.
24.A 【解析】 本题考查“验证力的平行四边形定则”的实验,A对;B选项中用平行四边形定则求得的合力F方向存在一定的偏差,B错;若F与F′不重合,不能说平行四边形定则错误,因为存在一定误差,C错;合力不一定大于F1或F2,D错.
二、选择题
25.C 【解析】 本题考查感应起电的知识,C对.
26.C 【解析】 门会自动打开的原因是门上安装了红外线传感器.
27.D 【解析】 由磁感线的特点知,在通电螺线管外部,磁感线是从N极指向S极,在通电螺线管内部,磁感线是从S极指向N极;又因为小磁针在磁场中静止时,N极所指的方向就是磁感线的方向.由此,可判断D对.
28.C 【解析】 由Q=I2Rt知,Q′=I2×2R×t=I2Rt=Q,C对.
29.A 【解析】 通电螺线管内部磁感线的方向是从S极指向N极,电子沿螺线管中心轴线运动,其速度方向与磁感线方向平行,不受洛伦兹力影响;若增大螺线管中的电流,磁感应强度增强,但对电子运动无影响,电子仍做匀速直线运动,A对;B、C、D均错.
30.D 【解析】 由图可知i有效===A≈
1.414A,A错;B错;峰值imax=2A,C错;D对.
31.D 【解析】 电容的决定式C=,定义式C=,电容是描述电容器容纳电荷本领的物理量,D对;电容与电压、电荷量无关,是由电容器本身决定的.故A、B、C错.
32.D 【解析】 通电直导线在磁场中垂直于磁场方向存在有效距离时,才受磁场力的作用,A错;通电直导线在磁场中受到的安培力方向与磁场方向垂直,B错;通电直导线是通过磁场对其周围的小磁针产生力的作用的,C错;D对.
33.B 【解析】 条形磁铁以速度v远离螺线管,则穿过螺线管中的磁通量减少,因为螺线管中磁通量在不断发生着变化,会产生感应电流,B对.
34.C 【解析】 电磁波的频率是由波源决定的,且在传播过程中,保持不变,C对.
35.C 【解析】 本题考查影响带电小球之间作用力的因素,由库仑定律F=k,知r变大时,F库减小,C对.
36.D 【解析】 带等量异种电荷的两平行金属板之间的电场为匀强电场,Ea=Eb,沿电场线的方向电势逐渐降低,φaφb,D对.
37.D 【解析】 开关S从a拨向b后,电容器、电流计、电阻组成回路,电容器放电,电流方向为逆时针,D对.
38.B 【解析】 三个电阻串联,可使总电阻有最大值R总=4Ω+6Ω+12Ω=22Ω,三个电阻并联,可使总电阻有最小值R总==2Ω,B对.
39.B 【解析】 指针在b位置时,测量较为准确,读数为18,则电阻测量值为18Ω×10=180Ω,B对.
40.B 【解析】 由磁场方向、电荷运动方向及左手定则,可判断B对.
41.C 【解析】 由U=E-Ir知,当I=0时,U=E,纵坐标与图线的交点值表示电源电动势,A对;B对;要使表示实验数据的点尽可能地分布在较大的范围内,C错;D对.
42.B 【解析】 测小灯泡伏安特性曲线实验的电路图如图所示,故其实物连接中B对.第42题图
43.C 【解析】 由R=ρ知,R1=2ρ,R2=ρ=ρ,R3=2ρ=4ρ,则R3R1R2,C对.
44.C 【解析】 U=E-Ir,当I=0时,U=E,由纵坐标可看出,E1E2=E3,C对.
三、填空题
45.480 240 【解析】 s=v0t+at2=100×4+×10×42=480mh=s·sin30°=480m×=240m.
46.mgsinθ 【解析】 对小球受力分析如图所示知,FN=mgsinθ15第46题图
47.秒表 【解析】 电火花打点计时器频率一定,每相邻两个点之间的时间间隔一定,ΔT=,故不需要秒表.
48. 【解析】 由v2=2gh,则hmax=.
49. 【解析】 C点的速度vC=.
四、计算题
50.A《选修1-1》
10.5V 2100V 【解析】 1ΔΦ=Φ2-Φ1=
0.12Wb-
0.02Wb=
0.10Wb感应电动势E=N=1×V=
0.5V 2感应电动势E′=N′=100×V=100V B《选修3-1》 1+2 2mv 【解析】 带电粒子垂直进入磁场,在磁场中将做匀速圆周运动,运动时间t1=T/4带电粒子在电场中作类似平抛运动,在电场中运动时间t2=/v0带电粒子在磁场中运动,由于洛伦兹力不做功,只有粒子在电场中运动时电场力对粒子做正功.由动能定理可求粒子抵达D点时的动能. 1带电粒子在磁场中运动时间t1为t1==
①带电粒子在电场中作类似平抛运动,运动时间t2为t2====
②所以粒子运动到D点的时间为t=t1+t2=+=
③ 2电场力对带电粒子做正功.由动能定理求粒子到达D点时动能Ek,W=Ek-mv,W=F电r=mar
④而r=at所以W=
⑤由
④、
⑤式得Ek=mv+=mv
51.15m/s2;1m/s2 2能;
2.7m 【解析】 1对滑块μmg=ma1a1=μg=5m/s2对平板车μmg=Ma2a2==1m/s
2. 2设经过t时间滑块从平板车上滑出.因为x块1=v0t1-a1t,x车1=a2t,x块1-x车1=L所以t1=
0.5s或2s舍去此时v块1=v0-a1t1=5m/sv车1=a2t1=
0.5m/s所以,滑块能从平板车的右端滑出.在滑块平抛运动的过程中因为h=gt 所以t2=
0.6s则Δx=x块2-x车2=v块2t2-v车2t2=
2.7m.
52.1R· 2mgH+h+mg 3 【解析】 1由h=gt2/2 t=R=v0·t v0=R/t=R·
① 2抽水泵每分钟做的功W=mgH+h+mv/2=mgH+h+mgR2/4h
② 3设抽水泵消耗的功率为P则P×60×η=W
③故P=/60η
④高中物理新课程会考模拟试卷
九一、选择题
1.A 【解析】 位移、瞬时速度、平均速度、加速度都即有大小又有方向,是矢量,而路程、时间和平均速率都只有大小没有方向,是标量.
2.D 【解析】 任何运动都是相对于一定的参考系而言的,选择不同的参考系,同一个物体的运动结论往往是不同的,参考系的选择以使问题的研究变得简单、方便为标准,A、B错,D对;飞机俯冲时,飞行员看到大地迎面扑来,是飞行员选择飞机为参考系得到的结论,C错.
3.C 【解析】 平均速度等于一段位移与发生这段位移所需时间的比值,可表示为=,即==m/s=16m/s.选C.
4.A 【解析】 在匀变速直线运动的v-t图象中,图线与坐标轴所围的面积表示物体运动的位移.选A.
5.A 【解析】 物体做匀速直线运动,说明其所受合外力为零,当撤去其中一个力,物体所受合外力将不再为零,由牛顿第二定律知,物体将产生加速度.不可能再做匀速直线运动.
6.C 【解析】 由匀变速直线运动规律可得vD=CE=,选C.
7.C 【解析】 加速度是矢量,遵循平行四边形定则,运用运动的合成与分解,物体实际运动的加速度为m/s2=10m/s
2.
8.D 【解析】 以物体A为研究对象,A静止,则物体A受力平衡,在水平方向上有f=F=1N;以A、B整体为研究对象,则在水平方向上受力平衡,又作用在A、B上的两F大小相等、方向相反,故B与地面间的摩擦力为零,选D.
9.D 【解析】 由|F1-F2|≤F合≤F1+F2,可知8N和12N两个力的合力范围是4~20N,A错;由矢量三角形定则可判断B、C错;大小为3N、3N和5N三个力互成120°角时,三力的合力为2N,D对.
10.B 【解析】 在“探究加速度与力、质量的关系”实验中运用了控制变量法,即分别保持质量或力不变,研究加速度与另一个物理量的关系.
11.D 【解析】 在运动的合成中,合运动与分运动具有等时性,它们为等效替代关系,由于位移和速度是矢量,故合运动的位移和速度是分运动位移和速度的矢量和.
12.A 【解析】 自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动,其加速度为g,是常量,在a-t图象中为一条平行于时间轴的直线,A错D对;由v=gt,即速度与时间呈线性关系,其v-t图象是一条过原点的倾斜直线,B对;由h=gt2,即位移与时间的平方成正比,其s-t图象为一条抛物线,C对.
13.C 【解析】 由万有引力定律知,地球与苹果之间存在万有引力,且二者所受到的引力为一对作用力与反作用力,大小相等,方向相反,但地球质量比苹果质量大的多,故产生的加速度并不明显.
14.C 【解析】 物体的惯性只与物体的质量有关,与物体的运动状态无关,故C正确,A、B、D错误.
15.C 【解析】 重力做功只与物体的始末位置有关,与物体运动的路径无关,故C选项正确.
16.B 【解析】 由P=F牵v可得F牵=2500N,又汽车匀速行驶,故f=F牵=2500N,选B.
17.B 【解析】 拉力所做的功可表示为W=Fs,当力F的方向与运动方向有一定夹角时,则W=Fscosα,选B.
18.D 【解析】 在“验证机械能等恒定律”的实验中所需的器材有打点计时器、纸带、刻度尺、带铁夹的铁架台、重锤.
19.D 【解析】 由机械能守恒定律可知,在只有重力或弹力做功时,系统的机械能保持不变,在平抛运动中,只有重力做功,故a、b、c三点处机械能相等,A错D对;由a到c的过程中由于重力做正功,由动能定理知,物体的动能增加,B、C均错.
20.A 【解析】 在匀速圆周运动中,物体速度的大小保持不变,方向时刻改变,向心加速度的方向始终与向心力的方向相同,都指向圆心,故物体做的变速运动,选A.
21.C 【解析】 用同一皮带传动的两转轮具有相同的线速度,故va=vc,C正确;又同轴转动的两转轮具有相同的角速度,即ωb=ωc=ωd由v=rω可知,vd>vc>vb,故vd>va,va>vb,A、D错;由rcωc=raωa,rc>ra可得,ωc<ωa,故ωb<ωa,B错,选C.
22.C 【解析】 由平抛运动规律知,h=gt2,x=vt,即x=v,则物体在水平方向上通过的距离与物体的初速度及高度有关.
23.C 【解析】 由万有引力定律可得=m=mr2,故v=,T=2πR.由于GPS的卫星比“北斗一号”系统的卫星距离地面近,故其周期更短,线速度更大,A、C错误;又“北斗一号”系统的三颗卫星为地球的同步卫星,故C正确,D错误.
24.D 【解析】 本实验没有必要测出橡皮筋做的功到底是多少焦耳,只要测出以后每次实验时橡皮筋做的功是第一次的多少倍就足够了,A错;每次实验橡皮筋拉伸的长度必须保持一致,只有这样才能保证以后每次实验时,橡皮筋做的功是第一次的整数倍,否则,功的数值难以测定,B错;小车运动过程中会受到阻力,只有使木板倾斜到一定程度,才能减小误差,C错;实验时,应该先接通电源,让打点计时器开始工作,然后再让小车在橡皮筋的作用下弹出,D正确.
二、选择题
25.A 【解析】 磁通量用Φ表示,单位是Wb.
26.C 【解析】 摩擦起电的本质是电子的转移,C错D对;自然界中存在两种电荷,正电荷和负电荷,用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电,用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电,故A、B正确.
27.D 【解析】 A、B、C选项中均为静电技术在生产、生活中的应用,D选项中为静电危害的防止.
28.A 【解析】 由库仑定律得F=,若要使F发生变化,可改变Q、q或d,A选项中,仅使Q加倍,则F′==2F,符合题意,A正确;B选项中,仅使q减小一半,则F′==F,B错误;C选项中,使Q、q都加倍,有F′==4F,C错误;D选项中,F′==4F,D错误.
29.A 【解析】 电场线的疏密程度可以反映电场强度的大小,电场线越密,电场强度越大,电场线越疏,电场强度越小,故Ea>Eb.
30.C 【解析】 由安培定则可以判断A导线在B导线处产生的磁场方向竖直向下,由左手定则可判断B导线受到的安培力方向水平向右,选C.
31.A 【解析】 由左手定则可判断粒子受到向上的洛伦兹力,故向上偏转.
32.D 【解析】 家用电器上标注的电压值为交流电电压的有效值.
33.B 【解析】 为减少远距离输电时的电能损失,常采用高压输电,用升压变压器,由=得=,选B.
34.A 【解析】 ab棒向右做匀速直线运动,则PQMN回路中磁通量变大,由法拉第电磁感应定律可知,有感应电动势产生,进而有感应电流流过电阻R,故选A.
35.D 【解析】 电场强度由电场本身决定,与试探电荷无关,故选D.
36.A 【解析】 在匀强电场中,点电荷受到电场力为F=Eq,大小不变,方向与电场线方向相同或相反,当相同时,点电荷向右做匀加速直线运动;相反时,点电荷向左做匀加速直线运动,故A正确,B、C、D错误.
37.A 【解析】 由电势差与电场强度的关系U=Ed可得U=3×108V.选A.
38.A 【解析】 由于两电灯额定电压相同,则P1∶P2=∶=R2∶R1=2∶1,当将它们串联在电路中时,通过它们的电流相同,故P′1∶P′2=I2R1∶I2R2=1∶2,选A.
39.C 【解析】 电源电动势表征电源把其他形式能转化为电能的本领.
40.C 【解析】 当正电子沿逆时针方向做匀速圆周运动时,等效为沿逆时针方向的环形电流,由安培定则可判断圆心处的磁场方向垂直纸面向外.
41.C 【解析】 通电直导线周围产生磁场,处于此磁场中的另一通电直导线会受到磁场力的作用,当它们通以反向电流时,由左手定则可知,两通电导线受到的安培力方向相反,即相互排斥.
42.B 【解析】 电容器的电容是由电容器的本身决定的,与其两端电压及所带电量的多少无关.
43.D 【解析】 “或”门电路的逻辑关系可表示为Y=A+B,当A=0,B=0时,Y=0,D选项错误.
44.B 【解析】 在“测定电池的电动势与内阻”的实验中,所得U-I图线与纵坐标的截距表示电源电动势,图线的斜率表示电源的内电阻.
三、填空题
45.200 【解析】 当用200N的力拉铁块时铁块末动,由受力平衡知,铁块受到的摩擦力f=F=200N.
46.mgH+h 【解析】 由动能定理得mgH+h=ΔEk,动能变化量与零势能面的选取无关.
47.减速 【解析】 以瓶内液体为研究对象,由题意可判断,液体有向右的加速度,又火车向左行驶,故火车在做减速运动.
48.x=kt2 【解析】 由表中数据分析可知,x与t2成正比.
49.
1.2 【解析】 因每五个点取一个计数点,故各计数点间的时间间隔T=
0.02×5s=
0.1s,小车的加速度a==
1.2m/s2,由于F=ma故a与m成反比关系,与成正比关系,故要研究加速度与质量的关系,则应作出a-图象.
四、计算题
50.A《选修1-1》 1垂直导线向上
20.05N 【解析】 1由左手定则可以判断出,导线所受安培力的方向垂直导线向上. 2导线受到的安培力F=BIL=1×
0.5×
0.1N=
0.05N B《选修3-1》 1正电 2 【解析】 1根据粒子在磁场中的运动轨迹,由左手定则判断出粒子带正电. 2在电场中由动能定理可得Uq=mv2,在磁场中qvB=m,解得R=,又粒子从Q处垂直屏幕飞出,故x=2R=.
51.18m/s
22.8m 36J 【解析】 1根据机械能守恒定律有mgh+R+mv=mv,代入数据得vB=8m/s. 2根据机械能守恒定律有mv+mgh=mgH,解得H=
2.8m. 3根据动能定理mgh-mgh′+Wf=0-mv,解得Wf=-6J,所以小球克服摩擦力所做的功W克=6J.
52.15J 28J 【解析】 1据几何关系,当A球向右移动
0.5m时B球上升h=
0.5m,对于B球,据动能定理WT-mBgh=0-0代入数据解得WT=5J. 2设细绳与竖直方向的夹角为θ,对于A球,竖直方向NA=mAg+Tcosθ,对于B球,竖直方向Tcosθ=mBg,联立解得NA=mA+mBg,则f=μNA=μmA+mBg,对于A球和B球的系统,据功能关系WF=f·sA+mBgh,代入数据解得WF=8J.高中物理新课程会考模拟试卷
十一、选择题
1.C 【解析】 质点是抽象化的有质量的点,是理想化模型,位移不是理想化模型,A错;牛顿第一定律是利用逻辑思维对事实进行分析的产物,不可能用实验直接验证,牛顿第二定律则可以通过实验来验证,B错;单位m、kg、s是国际单位制中的三个基本单位,其对应物理量为长度、质量、时间,故C对D错.
2.D 【解析】 由“探究求合力的方法”实验所得到的法则为平行四边形法则,此法则适用于矢量,速度、加速度、位移均为矢量,而路程为标量,故选D.
3.A 【解析】 由vt=vo+at可解得a=1m/s2,选A.
4.A 【解析】 由图象可知,甲、乙两质点运动的速度大小相等,方向相反,其中甲质点的运动方向为正方向,故A对B错;又位移为矢量,即有大小又有方向,则A、B两质点的位移大小相等,方向相反,C错;若甲、乙两质点相向运动,则它们之间的距离会越来越小,D错.
5.B 【解析】 以C物体为研究对象,它受到重力、地面的支持力、B物体给它的压力三个力的作用,故选B.
6.A 【解析】 小球受到三个力的作用,分别为重力、支持力和绳对它的拉力,其中绳的拉力提供向心力,当绳突然断裂时,绳上的拉力立即消失,小球将沿速度方向飞出,故沿轨迹1运动.
7.B 【解析】 制动后,汽车所受阻力f=mg=ma,即a=g=10m/s2,由v2=2as可解得s=20m,选B.
8.A 【解析】 在实验过程中为减小实验误差,应先接通电源,后释放纸带,选A.
9.D 【解析】 加速度与力和质量的关系适用于任何低速、宏观运动的物体,当我们推桌子而推不动时,桌子受到的合外力为零,因而加速度为零,所以桌子不动.
10.B 【解析】 足球在运动过程中受到的阻力f=
0.06mg=
0.3N,由动能定理可W-fs=0,故W=15J,选B.
11.D 【解析】 甲、乙两物体随地球一起绕地轴转动,则其角速度相同,由v=rω知,甲的线速度较大,乙的线速度较小,选D.
12.D 【解析】 在“探究求合力的方法”的实验中,运用了“等效”原理,在两步实验中结点应处于同一位置,第二步应记录分力的大小和方向,即两绳套的方向及两弹簧测力计的读数,选D.
13.D 【解析】 对弹簧L1有kx1=2G,对弹簧L2有kx2=G,故两弹簧伸长量之和x=x1+x2=,选D.
14.A 【解析】 因为船头始终指向对岸,则横穿河流的速度即为船在静水中的航行速度,故过河时间t==s=50s,选A.
15.C 【解析】 对于曲线运动,其速度方向为运动轨迹的切线方向.
16.B 【解析】 当人静止站在体重计上时,人对体重计的压力和体重计对人的支持力是一对作用力和反作用力,人对体重计的压力大小等于人所受到的重力,但它们不是一对平衡力,也不是一对作用力与反作用力,故只有B正确.
17.D 【解析】 飞机飞行过程中所受空气阻力f=kv2,则发动机的功率P=fv=kv3,当速度变为3v时,有P′=k3v3=27kv3=27P,选D.
18.A 【解析】 在物体下落过程中,重力做正功,大小为mgH+h,故物体的重力势能减少了mgH+h,A错B对;由动能定理mgH+h-f·h=0,则f=,故C、D正确.
19.D 【解析】 由牛顿第二定律得F-umg=3ma,则a=,以B物体为研究对象,N-umg=ma,故N=,选D.
20.C 【解析】 “嫦娥一号”的发射速度应为第一宇宙速度,第三宇宙速度将会使物体挣脱太阳引力的束缚,飞到太阳系外,A错;由万有引力定律可得F==m,故引力F与它们之间距离的平方成反比,v=与卫星质量无关,B错C对;在绕月圆轨道上,卫星受地球的引力小于受月球的引力.
21.C 【解析】 在位置1处机械能为mgh1,在位置乙处机械能为mgh2,由于h1h2,故1到2的过程中机械能不守恒,且重力有时做正功有时做负功,A、B均错;空气阻力总是与乒乓球的运动方向相反,故总是做负功,C对D错.
22.B 【解析】 当重力沿斜面向下的分力等于阻力,在橡皮筋对小车不做功时,小车就会匀速运动.
23.C 【解析】 由图象可知,第Ⅰ段中物体做匀加速运动,第Ⅱ段中做匀速运动,第Ⅲ段中做匀减速运动,故第1s与第4s的速度方向相同,大小不等,A错,第Ⅲ段的图线较第Ⅰ段的更陡些,故第Ⅲ段的加速度更大些,B、D错;平均速度=,故Ⅰ、Ⅲ段的平均速度相等,C正确.
24.C 【解析】 以小球为研究对象,其受力如图所示,则在竖直方向上有TA·cosθ=mg,在水平方向上有TB-TA·sinθ=ma,当加速度a变大时,TA不变,TB增大,选C.第24题图
二、选择题
25.A 【解析】 自然界中存在两种电荷,正电荷和负电荷,它们之间存在着相互作用,同种电荷相互排斥,异种电荷相互吸引.
26.A 【解析】 电饭煲是利用电流的热效应工作的.
27.C 【解析】 由库仑定律得F==,则r′=2r,选C.
28.C 【解析】 由安培定则知,C选项正确.
29.A 【解析】 当开关断开和闭合的瞬间,电路中电流发生变化,由电磁感应现象可知,线圈B内磁通量发生变化,进而产生感应电流,电流表指针偏转.
30.A 【解析】 导线受到的安培力F=BIL,由左手定则判断,方向向下,大小与电流、磁感应强度、导线在磁场中长度有关.
31.D 【解析】 由图象可知,电压的最大值为311V,周期为
0.02s,故其有效值为220V,频率为50Hz,某一时刻的交流电压可表示为u=311cos100πtV,故A、B、C正确,D错误.
32.A 【解析】 由左手定则可判断,粒子将向上偏转,故粒子的运动轨迹可能为圆弧a.
33.B 【解析】 电容器的特性为“隔直流、通交流”,即直流电不能通过电容器,交流电能通过电容器.
34.B 【解析】 电视机的遥控制是利用红外线工作的.
35.A 【解析】 奥斯特最先发现通电直导线周围存在磁场.
36.A 【解析】 由库仑定律得F=,当小球挂在B位置处时,离Q较远,进而其所受库仑力变小,又F=mgtanθ,故θ2θ1,选A.
37.D 【解析】 场强由电场本身决定,与试探点荷的有无及带电量多少无关.
38.A 【解析】 随小灯泡两端电压逐渐升高,灯丝的温度也逐渐升高,小灯泡的电阻逐渐增大.
39.B 【解析】 由Q=It,U=IR,则U=R=16V,选B.
40.D 【解析】 由图象可知,图线的斜率表示电阻的倒数,因此R1R2,消耗的电功率无法判断,故A、B错误;当R
1、R2串联电路中,通过它们的电流相同,故U2U1,C错误;将R
1、R2并联在电路中时,它们两端的电压相等,故通过R1的电流较大,D正确.
41.C 【解析】 由左手定则判断,C选项正确.
42.B 【解析】 根据粒子在磁场中的运动轨迹,结合左手定则可得出射线Ⅰ带正电,射线Ⅱ不带电,射线Ⅲ带负电,故B正确.
43.C 【解析】 电场线起始于正电荷或无限远处,终止于负电荷或无限远处,电场线的疏密程度可以反映场强的大小,在M、N的连线上,电场线从N指向M,又沿电场线方向电势逐渐降低,故场强最小的点是C点,电势最高的点为B点,C正确.
44.C 【解析】 多用电表可以测电流、电压和电阻,由电路中多用电表的连接方式可知,电路闭合后,多用电表直接测得的是通过灯泡L的电流.
三、填空题
45.乙 乙 【解析】 由表中数据可知,乙车的最大速度较大,由于乙车的加速时间较短,故乙车启动的较快.
46.450N 【解析】 在竖直方向上有N+F·sin30°=G,故N=450N,由牛顿第三定律可得木箱对地面的压力为450N.
47.
0.67 【解析】 由题意知,机器功率恒定,故P=Gv=G′v′,则v′=
0.67m/s.
48.同一位置 【解析】 在做“探究平抛运动在水平方向的运动规律”实验时,为使抛出的小球的运动轨迹重合,小球需从轨道同一位置无初速释放.
49. 【解析】 卫星距地心的距离为R+h,由万有引力定律可得F=.
四、计算题
50.A《选修1-1》 1负 22m/s
31.2m 【解析】 1小滑块沿斜面下滑过程中,受重力mg,斜面支持力FN和洛伦兹力F,若要小滑块离开斜面,洛伦兹力F方向应垂直于斜面向上,根据左手定则可知,小滑块带负电荷. 2小滑块沿斜面下滑时,垂直于斜面的加速度为零,有Bqv+FN-mgcosα=0当FN=0时,小滑块开始脱离斜面,所以v=mgcosα/Bq=
0.1×10-3×10×/
0.5×5×10-4m/s=2m/s 3下滑过程中,只有重力做功,由动能定理mgs·sinα=mv2斜面长度至少是s=v2/2gsinα=m=
1.2m B《选修1-1》 1 2 【解析】 1由题意知粒子进入磁场后在洛伦兹力的作用下做匀速圆周运动,洛伦兹力提供向心力,有qvB=m解得粒子做圆周运动的半径r=因为θ=30°,根据对称性原则,由几何关系可知△AOB为等边三角形,所以出射点B到入射点A的距离LAB=r= 2粒子在磁场中运动的周期T=,所以粒子在磁场中运动的时间t=T=
51.14m/s 26 34m/s 【解析】 1小车经过A点时的临界速度为vAmg= vA=4m/s 2mv+2mgR=mv FB-mg=解得FB=6mg由牛顿第三定律可知球对轨道的作用力FB=6mg,方向竖直向下 3设Q点与P点高度差为h,PQ间距离为L,L=P到A对小车,由动能定理得-μmgcosαL=mv-mv解得v0=4m/s.
52.
11.2m 2 【解析】 1小球m在C点时,有mg=m
①小球m离开C点后做平抛运动,则s=vt
②h+R=gt2
③m和M之间的水平距离x=s-R
④联立
①②③④式,代入数值得x=
1.2m2m和M组成的系统,机械能守恒,有MgπR-mgR=mv2+Mv2
⑤联立
①⑤两式,代入数值得=.。